2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 特色專題訓(xùn)練 仿高考選擇題巧練（三）

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1、2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 特色專題訓(xùn)練 仿高考選擇題巧練（三） 一、單項選擇題 14.甲、乙兩物體從同一地點開始沿同一方向運動，其速度隨時間的變化關(guān)系如圖所示，圖中t2＝，兩段曲線均為圓弧，則(　　) A．兩物體在t1時刻加速度相同 B．兩物體在t2時刻運動方向均改變 C．兩物體在t3時刻相距最遠，t4時刻相遇 D．0～t4時間內(nèi)甲物體的平均速度大于乙物體的平均速度 15.如圖所示，電源內(nèi)阻較大，當開關(guān)閉合，滑動變阻器滑片位于某位置時，水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài)，燈泡L也能正常發(fā)光，現(xiàn)將滑片由該位置向a端滑動，則(　　) A．燈泡將變暗，電源效率將

2、減小 B．液滴帶正電，將向上做加速運動 C．電容器將放電，所帶電荷量減少 D．電源的路端電壓增大，輸出功率也增大 16. 如圖所示，高為h＝1.25 m的平臺上，覆蓋一層薄冰，現(xiàn)有一質(zhì)量為60 kg的滑雪愛好者，以一定的初速度v向平臺邊緣滑去，著地時的速度方向與水平地面的夾角為45°(取重力加速度g＝10 m/s2)．由此可知下列各項中錯誤的是(　　) A．滑雪者離開平臺邊緣時的速度大小是5.0 m/s B．滑雪者著地點到平臺邊緣的水平距離是2.5 m C．滑雪者在空中運動的時間為0.5 s D．著地時滑雪者重力做功的瞬時功率是300 W 17.在豎直墻壁間有質(zhì)量分別是

3、m和2m的半圓球A和圓球B，其中B球球面光滑，A球與左側(cè)墻壁之間存在摩擦．兩球心連線與水平方向成30°的夾角，兩球能夠一起以加速度a勻加速豎直下滑，已知a＜g(g為重力加速度)，可求出A球與左側(cè)墻壁之間的動摩擦因數(shù)為(　　) A.　　　　　　　　　 B. C. D. 二、不定項選擇題 18.如圖所示，電場強度方向水平向右的勻強電場中有a、b、c三點，三點的連線恰好組成一個邊長為l的正三角形．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球(重力不計)以速度v0從a點射入電場，入射方向與b、c兩點的連線垂直，一段時間后帶電小球經(jīng)過c點．則下列判斷正確的是(　　) A．帶電小球從a點運動到

4、c點的時間為 B．該勻強電場的電場強度大小為 C．帶電小球到達c點時的動能為mv D．b、c兩點之間的電勢差為 19．如圖甲所示，一質(zhì)量為m＝1 kg的物體在水平拉力F的作用下沿水平面做勻速直線運動，從某時刻開始，拉力F隨時間均勻減小，物體受到的摩擦力隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示．則下列關(guān)于物體運動的說法中正確的是(　　) A．t＝1 s時物體開始做加速運動 B．t＝2 s時物體做減速運動的加速度大小為1 m/s2 C．t＝3 s時物體剛好停止運動 D．物體在1～3 s內(nèi)做勻減速直線運動 20.如圖，水平的平行虛線間距為d＝60 cm，其間有沿水平方向的勻強磁場．一個阻值為

5、R的正方形金屬線圈邊長l

6、物體均做單方向的直線運動，B錯；甲先做勻加速運動再做勻減速運動，乙先做加速度減小的減速運動，再做加速度減小的加速運動，在t3時刻，兩物體相距最遠；兩物體在0～t4時間內(nèi)圖線與t軸所圍面積相等，即兩物體在t4時刻相遇，在0～t4時間內(nèi)的平均速度相同，C對，D錯． 15．解析：選B.當滑片向a端滑動時，電路的外電阻增大，干路電流減小，燈泡變暗，路端電壓增大，由η＝知電源效率將增大，A錯；電容器兩極板間電壓增大(下極板帶正電，液滴帶正電)，電容器被充電，所帶電荷量增加，兩極板間電場強度增大，液滴將向上做加速運動，B對，C錯；因不清楚外電阻和電源內(nèi)阻的大小關(guān)系，所以電源的輸出功率的變化情況無法確定，

7、D錯． 16．解析：選D.滑雪者著地時速度的方向與水平地面的夾角為45°，故vy＝v0＝＝ m/s＝5.0 m/s，A正確；x＝v0t＝v0＝5.0× m＝2.5 m，B正確；飛行時間t＝＝0.5 s，C正確；著地時滑雪者重力做功的瞬時功率P＝mgvy＝60×10×5.0 W＝3 000 W，D錯誤． 17．解析：選C.設(shè)A、B之間的彈力為F，對于球B，豎直方向2mg－Fsin 30°＝2ma，水平方向Fx＝Fcos 30°，對于A、B整體，豎直方向3mg－μFx＝3ma，可解得μ＝，C正確． 18．解析：選AB.由題意可知，小球在豎直方向上做勻速直線運動，當小球運動到c點時，由運動學(xué)

8、規(guī)律可得t＝，選項A正確；小球在水平方向上運動的距離為，由運動學(xué)規(guī)律有＝，代入數(shù)據(jù)可解得E＝，選項B正確；由動能定理可得Ekc＝qE·＋mv＝mv，選項C錯誤；由電勢差公式可知Ubc＝E·l＝，選項D錯誤． 19．解析：選BC.由題意可知，物體開始時做勻速直線運動，所以拉力F＝Ff＝4 N．t＝1 s時拉力F開始減小，但摩擦力仍為Ff＝4 N，故此時物體開始做減速運動，選項A錯誤；t＝2 s時物體受到的拉力大小為F＝3 N，而摩擦力仍為Ff＝4 N，故物體做減速運動的加速度大小為a＝＝1 m/s2，選項B正確；由題圖乙可以看出，在t＝3 s之前物體受到的摩擦力不變，故物體在運動，而t＝3 s

9、之后物體受到的摩擦力逐漸減小，由摩擦力的特點可知其為靜摩擦力，所以在t＝3 s時物體剛好停止運動，選項C正確；在1～3 s內(nèi)，由于摩擦力不變而拉力F逐漸減小，所以物體將做加速度逐漸增大的減速運動，選項D錯誤． 20．解析：選BD.線圈下邊緣剛進入磁場和剛穿出磁場時的速度相等，而線圈完全進入磁場后，只受重力作用，一定加速運動，因此線圈進入磁場過程中一定是減速進入的，即線圈所受向上的安培力大于重力，安培力F＝BIl＝Bl＝隨速度減小而減小，合外力不斷減小，故加速度不斷減小，A項錯誤；從線圈下邊緣剛進入磁場到下邊緣即將穿出磁場過程中，線圈減少的重力勢能完全轉(zhuǎn)化為電能并以焦耳熱的形式釋放出來，故線圈進入磁場過程中產(chǎn)生的電熱Q＝mgd＝0.6 J，B項正確；由楞次定律可知，線圈進入和離開磁場過程中，感應(yīng)電流方向相反，C項錯誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律＝，由閉合電路歐姆定律可知，＝，則感應(yīng)電荷量q＝·Δt，聯(lián)立解得：q＝，線圈進入和離開磁場，磁通量變化量數(shù)值相同，故通過導(dǎo)線橫截面的電荷量q相同，D項正確．