高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí):第八章 :第七節(jié)拋物線演練知能檢測(cè)

上傳人:仙*** 文檔編號(hào):40863873 上傳時(shí)間:2021-11-17 格式:DOC 頁(yè)數(shù):6 大?。?98KB
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1、△+△2019年數(shù)學(xué)高考教學(xué)資料△+△ 第七節(jié) 拋 物 線 [全盤(pán)鞏固] 1.拋物線x2=(2a-1)y的準(zhǔn)線方程是y=1,則實(shí)數(shù)a=(  ) A. B. C.- D.- 解析:選D 把拋物線方程化為x2=-2y,則p=-a,故拋物線的準(zhǔn)線方程是y==,則=1,解得a=-.[來(lái)源:數(shù)理化網(wǎng)] 2.直線4kx-4y-k=0與拋物線y2=x交于A,B兩點(diǎn),若|AB|=4,則弦AB的中點(diǎn)到直線x+=0的距離等于(  ) A. B.2 C. D.4 解析:選C 直線4kx-4y-k=0,即y=k

2、,即直線4kx-4y-k=0過(guò)拋物線y2=x的焦點(diǎn).設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則|AB|=x1+x2+=4,故x1+x2=,則弦AB的中點(diǎn)的橫坐標(biāo)是,所以弦AB的中點(diǎn)到直線x+=0的距離是+=. 3.(2013江西高考)已知點(diǎn)A(2,0),拋物線C:x2=4y的焦點(diǎn)為F,射線FA與拋物線C相交于點(diǎn)M,與其準(zhǔn)線相交于點(diǎn)N,則|FM|∶|MN|=(  ) A.2∶ B.1∶2 C.1∶ D.1∶3 解析:選C FA:y=-x+1,與x2=4y聯(lián)立,得xM=-1,F(xiàn)A:y=-x+1,與y=-1聯(lián)立,得N(4,-1),由三角形相似知==. 4.設(shè)F為拋物線y2=4x的焦點(diǎn)

3、,A,B,C為該拋物線上三點(diǎn),若++=0,則||+||+||=(  ) A.9 B.6 C.4 D.3 解析:選B 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),C(x3,y3), 又F(1,0),由++=0知, (x1-1)+(x2-1)+(x3-1)=0,即x1+x2+x3=3, ||+||+||=x1+x2+x3+p=6. 5.已知點(diǎn)M(1,0),直線l:x=-1,點(diǎn)B是l上的動(dòng)點(diǎn),過(guò)點(diǎn)B垂直于y軸的直線與線段BM的垂直平分線交于點(diǎn)P,則點(diǎn)P的軌跡是(  ) A.拋物線 B.橢圓 C.雙曲線的一支

4、 D.直線 解析:選A 由點(diǎn)P在BM的垂直平分線上,故|PB|=|PM|.又PB⊥l,因而點(diǎn)P到直線l的距離等于點(diǎn)P到點(diǎn)M的距離,所以點(diǎn)P的軌跡是拋物線. 6.(2013新課標(biāo)全國(guó)卷Ⅰ)O為坐標(biāo)原點(diǎn),F(xiàn)為拋物線C:y2=4x的焦點(diǎn),P為C上一點(diǎn),若|PF|=4,則△POF的面積為(  ) A.2 B.2 C.2 D.4 解析:選C 設(shè)P(x0,y0),根據(jù)拋物線定義得|PF|=x0+,所以x0=3, 代入拋物線方程求得y2=24,解得|y|=2, 所以△POF的面積等于|OF||y|=2=2. 7.(2013北京高考)若拋物線y2=2px

5、的焦點(diǎn)坐標(biāo)為(1,0),則p=________,準(zhǔn)線方程為_(kāi)_______. 解析:∵拋物線y2=2px的焦點(diǎn)坐標(biāo)為(1,0),∴=1,解得p=2,∴準(zhǔn)線方程為x=-1. 答案:2 x=-1 8.(2014麗水模擬)設(shè)Q為圓C:x2+y2+6x+8y+21=0上任意一點(diǎn),拋物線y2=8x的準(zhǔn)線為l.若拋物線上任意一點(diǎn)P到直線l的距離為m,則m+|PQ|的最小值為_(kāi)_______. 解析:如圖由拋物線定義可得,點(diǎn)P到準(zhǔn)線的距離等于其到焦點(diǎn)F的距離,故問(wèn)題轉(zhuǎn)化為點(diǎn)P到焦點(diǎn)的距離與到圓上點(diǎn)的距離之和的最小值,由圓的知識(shí)可知當(dāng)且僅當(dāng)點(diǎn)P為圓心C和焦點(diǎn)F的連線與拋物線的交點(diǎn),Q取CF的連線與

6、圓的交點(diǎn)時(shí),距離之和取得最小值,即m+|PQ|≥|CF|-r=-2=-2. 答案:-2. 9.拋物線y=-x2上的點(diǎn)到直線4x+3y-8=0距離的最小值是________. 解析: 如圖,設(shè)與直線4x+3y-8=0平行且與拋物線y=-x2相切的直線為4x+3y+b=0,切線方程與拋物線方程聯(lián)立得消去y整理得3x2-4x-b=0,則Δ=16+12b=0,解得b=-,所以切線方程為4x+3y-=0,拋物線y=-x2上的點(diǎn)到直線4x+3y-8=0距離的最小值是這兩條平行線間的距離d==. 答案: 10.已知以向量v=為方向向量的直線l過(guò)點(diǎn),拋物線C:y2=2px(p>0)的頂點(diǎn)關(guān)于直

7、線l的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)在該拋物線的準(zhǔn)線上. (1)求拋物線C的方程; (2)設(shè)A,B是拋物線C上兩個(gè)動(dòng)點(diǎn),過(guò)A作平行于x軸的直線m,直線OB與直線m交于點(diǎn)N,若+p2=0(O為原點(diǎn),A,B異于原點(diǎn)),試求點(diǎn)N的軌跡方程.[來(lái)源: 解:(1)由題意可得直線l的方程為y=x+,① 過(guò)原點(diǎn)垂直于l的直線方程為y=-2x.② 解①②得x=-. ∵拋物線的頂點(diǎn)關(guān)于直線l的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)在該拋物線的準(zhǔn)線上, ∴-=-2,p=2. ∴拋物線C的方程為y2=4x. (2)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),N(x0,y0),由題意知y0=y(tǒng)1. 由+p2=0,得x1x2+y1y2+4=0, 又y=4x1

8、,y=4x2,解得y1y2=-8,③ 直線ON:y=x,即y0=x0.④ 由③④及y0=y(tǒng)1得點(diǎn)N的軌跡方程為x=-2(y≠0). 11.已知定點(diǎn)A(1,0)和直線x=-1上的兩個(gè)動(dòng)點(diǎn)E,F(xiàn),且⊥,動(dòng)點(diǎn)P滿足∥,∥ (其中O為坐標(biāo)原點(diǎn)). (1)求動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C的方程; (2)過(guò)點(diǎn)B(0,2)的直線l與(1)中的軌跡C相交于兩個(gè)不同的點(diǎn)M,N,若<0,求直線l的斜率的取值范圍. 解:(1)設(shè)P(x,y),E(-1,yE),F(xiàn)(-1,yF), ∵=(-2,yE)(-2,yF)=y(tǒng)EyF+4=0, ∴yEyF=-4,① 又=(x+1,y-yE),=(1,-yF), 且∥,∥,

9、 ∴y-yE=0且x(-yF)-y=0, ∴yE=y(tǒng),yF=-, 代入①得y2=4x(x≠0), ∴動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C的方程為y2=4x(x≠0). (2)設(shè)l:y-2=kx(易知k存在,且k≠0), 聯(lián)立消去x,得ky2-4y+8=0, Δ=42-32k>0,即k<. 令M(x1,y1),N(x2,y2), 則y1+y2=,y1y2=, =(x1-1,y1)(x2-1,y2) =x1x2-(x1+x2)+1+y1y2[來(lái)源:數(shù)理化網(wǎng)] =-+1+y1y2 =2-+y1y2+1 =+1<0, ∴-12

10、珠海模擬)在平面直角坐標(biāo)系xOy中,設(shè)點(diǎn)F,直線l:x=-,點(diǎn)P在直線l上移動(dòng),R是線段PF與y軸的交點(diǎn),RQ⊥FP,PQ⊥l. (1)求動(dòng)點(diǎn)Q的軌跡C的方程; (2)設(shè)圓M過(guò)A(1,0),且圓心M在曲線C上,TS是圓M在y軸上截得的弦,當(dāng)M運(yùn)動(dòng)時(shí),弦長(zhǎng)|TS|是否為定值?請(qǐng)說(shuō)明理由. 解: (1)依題意知,點(diǎn)R是線段FP的中點(diǎn),且RQ⊥FP, ∴RQ是線段FP的垂直平分線. ∵|PQ|是點(diǎn)Q到直線l的距離. 點(diǎn)Q在線段FP的垂直平分線上, ∴|PQ|=|QF|. 故動(dòng)點(diǎn)Q的軌跡是以F為焦點(diǎn),l為準(zhǔn)線的拋物線, 其方程為y2=2x(x>0). (2)弦長(zhǎng)|TS|為定值

11、.理由如下:取曲線C上點(diǎn)M(x0,y0),M到y(tǒng)軸的距離為d=|x0|=x0, 圓的半徑r=|MA|=, 則|TS|=2=2, 因?yàn)辄c(diǎn)M在曲線C上,所以x0=, 所以|TS|=2=2,是定值. [沖擊名校] 已知直線y=-2上有一個(gè)動(dòng)點(diǎn)Q,過(guò)點(diǎn)Q作直線l1垂直于x軸,動(dòng)點(diǎn)P在l1上,且滿足OP⊥OQ(O為坐標(biāo)原點(diǎn)),記點(diǎn)P的軌跡為C. (1)求曲線C的方程; (2)若直線l2是曲線C的一條切線,當(dāng)點(diǎn)(0,2)到直線l2的距離最短時(shí),求直線l2的方程. 解:(1)設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(x,y),則點(diǎn)Q的坐標(biāo)為(x,-2). ∵OP⊥OQ, ∴當(dāng)x=0時(shí),P,O,Q三點(diǎn)共線,不符合

12、題意,故x≠0. 當(dāng)x≠0時(shí),得kOPkOQ=-1,[來(lái)源:] 即=-1,化簡(jiǎn)得x2=2y, ∴曲線C的方程為x2=2y(x≠0). (2)∵直線l2與曲線C相切, ∴直線l2的斜率存在. 設(shè)直線l2的方程為y=kx+b, 由得x2-2kx-2b=0. ∵直線l2與曲線C相切, ∴Δ=4k2+8b=0,即b=-. 點(diǎn)(0,2)到直線l2的距離 d=[來(lái)源:] = = ≥2=. 當(dāng)且僅當(dāng)=,即k=時(shí),等號(hào)成立. 此時(shí)b=-1. ∴直線l2的方程為x-y-1=0或x+y+1=0. [高頻滾動(dòng)] 1.(2014宜賓模擬)已知點(diǎn)F1(-,0),F(xiàn)2(,0),動(dòng)點(diǎn)P

13、 滿足|PF2|-|PF1|=2,當(dāng)點(diǎn)P的縱坐標(biāo)是時(shí),點(diǎn)P到坐標(biāo)原點(diǎn)的距離是(  ) A. B. C. D.2 解析:選A 由已知可得c=,a=1,∴b=1. ∴雙曲線方程為x2-y2=1(x≤-1). 將y=代入,可得點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為x=-. ∴點(diǎn)P到原點(diǎn)的距離為 =. 2.(2014上海模擬)已知雙曲線-=1的左,右焦點(diǎn)分別為F1,F(xiàn)2,點(diǎn)M在雙曲線上且MF1⊥x軸,則F1到直線F2M的距離為_(kāi)_______. 解析:由題意知F1(-3,0),設(shè)M(-3,y0),代入雙曲線方程求得|y0|=,即|MF1|=.又|F1F2|=6,利用直角三角形性質(zhì)及數(shù)形結(jié)合得F1到直線F2M的距離為d===. 答案: 高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)精品 高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)精品

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