新教材高中數(shù)學(xué) 第一章 推理與證明綜合測(cè)試 北師大版選修22

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1、 （新教材）北師大版精品數(shù)學(xué)資料 【成才之路】高中數(shù)學(xué) 第一章 推理與證明綜合測(cè)試 北師大版選修2-2 時(shí)間120分鐘，滿分150分． 一、選擇題(本大題共10個(gè)小題，每小題5分，共50分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的) 1．由“正三角形的內(nèi)切圓切于三邊的中點(diǎn)”可類比猜想：“正四面體的內(nèi)切球切于四個(gè)面________．”(　　) A．各正三角形內(nèi)一點(diǎn) B．各正三角形的某高線上的點(diǎn) C．各正三角形的中心 D．各正三角形外的某點(diǎn) [答案]　C [解析]　正三角形的邊對(duì)應(yīng)正四面體的面，即正三角形表示的側(cè)面，所以邊的中點(diǎn)對(duì)應(yīng)的就是正三角形的中心．故選C．

2、2．不等式a＞b與＞同時(shí)成立的充要條件為(　　) A．a(chǎn)＞b＞0　　　　　　 B．a(chǎn)＞0＞b C．＜＜0 D．＞＞0 [答案]　B [解析]　???a＞0＞b，故選B. 3．否定結(jié)論“至多有兩個(gè)解”的說(shuō)法中，正確的是(　　) A．有一個(gè)解 B．有兩個(gè)解 C．至少有三個(gè)解 D．至少有兩個(gè)解 [答案]　C [解析]　至少有兩個(gè)解包含：有兩解，有一解，無(wú)解三種情況． 4．已知f(n)＝＋＋＋…＋，則(　　) A．f(n)中共有n項(xiàng)，當(dāng)n＝2時(shí)，f(2)＝＋ B．f(n)中共有n＋1項(xiàng)，當(dāng)n＝2時(shí)，f(2)＝＋＋ C．f(n)中共有n2－n項(xiàng)，當(dāng)n＝2時(shí)，f(2)＝＋

3、 D．f(n)中共有n2－n＋1項(xiàng)，當(dāng)n＝2時(shí)，f(2)＝＋＋ [答案]　D [解析]　∵f(n)＝＋＋＋…＋ ∴f(n)中共有n2－n＋1項(xiàng)． f(2)＝＋＋＝＋＋ 5．?dāng)?shù)列{an}中前四項(xiàng)分別為2，，，，則an與an＋1之間的關(guān)系為(　　) A．a(chǎn)n＋1＝an＋6 B．＝＋3 C．a(chǎn)n＋1＝ D．a(chǎn)n＋1＝ [答案]　B [解析]　觀察前四項(xiàng)知它們分子相同，分母相差6， ∴{}為等差數(shù)列． 6．已知“整數(shù)對(duì)”按如下規(guī)律排成一列：(1,1)，(1,2)，(2,1)，(1,3)，(2,2)，(3,1)，(1,4)，(2,3)，(3,2)，(4,1)，…，則第60個(gè)數(shù)對(duì)

4、是(　　) A．(7,5) B．(5,7) C．(2,10) D．(10,1) [答案]　B [解析]　依題意，由和相同的整數(shù)對(duì)分為一組不難得知，第n組整數(shù)對(duì)的和為n＋1，且有n個(gè)整數(shù)對(duì)． 這樣前n組一共有個(gè)整數(shù)對(duì)． 注意到<60<. 因此第60個(gè)整數(shù)對(duì)處于第11組的第5個(gè)位置，為(5,7)．故選B. 7．設(shè)a、b、c都是正數(shù)，則a＋，b＋，c＋三個(gè)數(shù)(　　) A．都大于2 B．至少有一個(gè)大于2 C．至少有一個(gè)不大于2 D．至少有一個(gè)不小于2 [答案]　D [解析]　a＋＋b＋＋c＋ ＝(a＋)＋(b＋)＋(c＋) ∵a、b、c都是正數(shù)，∴a＋≥

5、2，b＋≥2，c＋≥2，當(dāng)且僅當(dāng)a＝1，b＝1，c＝1時(shí)取等號(hào) ∴a＋＋b＋＋c＋≥6 ∴a＋，b＋，c＋至少有一個(gè)不小于2. 8．把1,3,6,10,15,21，…，這些數(shù)叫作三角形數(shù)，如圖所示，則第七個(gè)三角形數(shù)是(　　) A．27　　　 B．28　　　 C．29　　　 D．30 [答案]　B [解析]　第一個(gè)三角形數(shù)是1， 第二個(gè)三角形數(shù)是1＋2＝3， 第三個(gè)三角形數(shù)是1＋2＋3＝6， 第四個(gè)三角形數(shù)是1＋2＋3＋4＝10， 因此，由歸納推理得第n個(gè)三角形數(shù)是1＋2＋3＋4＋…＋n＝. 由此可以得出第七個(gè)三角形數(shù)是28. 9．(2014·長(zhǎng)安一中、高

6、新一中、交大附中、師大附中、西安中學(xué)一模)設(shè)△ABC的三邊長(zhǎng)分別為a、b、c，△ABC的面積為S，內(nèi)切圓半徑為r，則r＝；類比這個(gè)結(jié)論可知：四面體P－ABC的四個(gè)面的面積分別為S1、S2、S3、S4，內(nèi)切球的半徑為r，四面體P－ABC的體積為V，則r＝(　　) A． B． C． D． [答案]　C [解析]　將△ABC的三條邊長(zhǎng)a、b、c類比到四面體P－ABC的四個(gè)面面積S1、S2、S3、S4，將三角形面積公式中系數(shù)，類比到三棱錐體積公式中系數(shù)，從而可知選C． 證明如下：以四面體各面為底，內(nèi)切球心O為頂點(diǎn)的各三棱錐體積的和為V，∴V＝S1r＋S2r＋S3r＋S4r，∴r＝. 1

7、0．(2015·陜西文，10)設(shè)f(x)＝ln x,0＜a＜b，若p＝f()，q＝f，r＝(f(a)＋f(b))，則下列關(guān)系式中正確的是(　　) A．q＝r＜p B．q＝r＞p C．p＝r＜q D．p＝r＞q [答案]　C [解析]　p＝f()＝ln ＝ln (ab)；q＝f()＝ln ；r＝(f(a)＋f(b))＝ln (ab)，因?yàn)椋荆? 由f(x)＝ln x是個(gè)遞增函數(shù)，f()＞f()， 所以q＞p＝r，故答案選C． 二、填空題(本大題共5小題，每小題5分，共25分) 11.(2014·廈門(mén)六中高二期中)在平面上，我們用一直線去截正方形的一個(gè)角，那

8、么截下的一個(gè)直角三角形，按如圖所標(biāo)邊長(zhǎng)，由勾股定理有c2＝a2＋b2.設(shè)想正方形換成正方體，把截線換成如圖截面，這時(shí)從正方體上截下三條側(cè)棱兩兩垂直的三棱錐O－LMN，如果用S1，S2，S3表示三個(gè)側(cè)面面積，S表示截面面積，那么類比得到的結(jié)論是________． [答案]　S2＝S＋S＋S [解析]　類比如下： 正方形?正方體；截下直角三角形?截下三側(cè)面兩兩垂直的三棱錐；直角三角形斜邊平方?三棱錐底面面積的平方；直角三角形兩直角邊平方和?三棱錐三個(gè)側(cè)面面積的平方和，結(jié)論S2＝S＋S＋S. 證明如下：如圖，作OE⊥平面LMN，垂足為E，連接LE并延長(zhǎng)交MN于F， ∵LO⊥OM，L

9、O⊥ON，∴LO⊥平面MON， ∵M(jìn)N?平面MON，∴LO⊥MN， ∵OE⊥MN，∴MN⊥平面OFL，∴S△OMN＝MN·OF，S△MNE＝MN·FE，S△MNL＝MN·LF，OF2＝FE·FL，∴S＝(MN·OF)2＝(MN·FE)·(MN·FL)＝S△MNE·S△MNL，同理S＝S△MLE·S△MNL，S＝S△NLE·S△MNL，∴S＋S＋S＝(S△MNE＋S△MLE＋S△NLE)·S△MNL＝S，即S＋S＋S＝S2. 12．f(n)＝1＋＋＋…＋(n∈N*)，經(jīng)計(jì)

10、算得f(2)＝，f(4)＞2，f(8)＞，f(16)＞3，f(32)＞.推測(cè)：當(dāng)n≥2時(shí)，有____________． [答案]　f(2n)＞ [解析]　由前幾項(xiàng)的規(guī)律可得答案． 13.函數(shù)y＝loga(x＋3)－1(a>0且a≠1)的圖像恒過(guò)定點(diǎn)A，若點(diǎn)A在直線mx＋ny＋1＝0上，其中mn>0，則＋的最小值為_(kāi)_______． [答案]　8 [解析]　y＝loga(x＋3)－1(a>0且a≠1)的圖像恒過(guò)定點(diǎn)A(－2，－1)． 又∵點(diǎn)A在直線mx＋ny＋1＝0上， ∴2m＋n＝1. 又∵mn>0，∴m>0，n>0. ∴2m＋n＝1≥2，

11、當(dāng)且僅當(dāng)2m＝n＝， 即m＝，n＝時(shí)取等號(hào)， ∴mn≤.∴＋＝＝≥8. 14．若數(shù)列{an}中，a1＝1，a2＝3＋5，a3＝7＋9＋11，a4＝13＋15＋17＋19，…，則a10＝________. [答案]　1 000 [解析]　前10項(xiàng)共使用了1＋2＋3＋4＋…＋10＝55個(gè)奇數(shù)，a10為由第46個(gè)到第55個(gè)奇數(shù)的和，即a10＝(2×46－1)＋(2×47－1)＋…＋(2×55－1)＝＝1 000. 15．(2014·陜西文，14)已知f(x)＝，x≥0，若f1(x)＝f(x)，fn＋1(x)＝f(fn(x))，n∈N＋， 則f20

12、14(x)的表達(dá)式為_(kāi)_______． [答案]　 [解析]　f1(x)＝f(x)＝，f2(x)＝f(f1(x))＝＝，f3(x)＝f(f2(x))＝＝，…，f2014(x)＝.應(yīng)尋求規(guī)律，找出解析式． 三、解答題(本大題共6小題，共75分，前4題每題12分，20題13分，21題14分) 16．已知a>0，b>0，求證：＋≥＋. [證明]　證法一：(綜合法) ∵a>0，b>0， ∴＋≥2，當(dāng)且僅當(dāng)a＝b時(shí)取等號(hào)，同理：＋≥2，當(dāng)且僅當(dāng)a＝b時(shí)取等號(hào)． ∴＋＋＋≥2＋2， 即＋≥＋. 證法二：(分析法) 要證＋≥＋， 只需證：a＋b≥a＋b， 只

13、需證：a＋b－a－b≥0， 而a(－)－b(－)＝(＋)(－)2≥0， 當(dāng)且僅當(dāng)a＝b時(shí)取等號(hào)， 所以＋≥＋. 證法三：(反證法) 假設(shè)當(dāng)a>0，b>0時(shí)，＋<＋. 由＋<＋，得＋－－<0， 即 ＝ ＝<0， 當(dāng)a>0，b>0時(shí)，顯然不成立，∴假設(shè)不成立． 故＋≥＋. 17．在△ABC中，AB⊥AC，AD⊥BC于D，求證：＝＋，那么在四面體ABCD中，類比上述結(jié)論，你能得到怎樣的猜想？并說(shuō)明理由． [證明]　如圖(1)所示，由射影定理AD2＝BD·DC，AB2＝BD·BC，AC2＝BC·DC

14、， ∴＝ ＝＝. 又BC2＝AB2＋AC2， ∴＝＝＋. ∴＝＋. 猜想：類比AB⊥AC，AD⊥BC猜想： 四面體ABCD中，AB、AC、AD兩兩垂直， AE⊥平面BCD.則＝＋＋. 如圖(2)，連結(jié)BE交CD于F，連結(jié)AF. ∵AB⊥AC，AB⊥AD， ∴AB⊥平面ACD. 而AF?面ACD， ∴AB⊥AF. 在Rt△ABF中，AE⊥BF， ∴＝＋. 在Rt△ACD中，AF⊥CD， ∴＝＋ ∴＝＋＋， 故猜想正確． 18．已知數(shù)列{an}，a1＝5且Sn－1＝an(n≥2，n∈N＋)． (1)求a2，a3，a4，并由此猜想an的表達(dá)式； (2)用數(shù)

15、學(xué)歸納法證明{an}的通項(xiàng)公式． [分析]　利用不完全歸納法猜想歸納出an，然后用數(shù)學(xué)歸納法證明．解題的關(guān)鍵是根據(jù)已知條件和假設(shè)尋找ak與ak＋1和Sk與Sk＋1之間的關(guān)系． [解析]　(1)由已知，得a2＝S1＝a1＝5，a3＝S2＝a1＋a2＝10，a4＝S3＝a1＋a2＋a3＝5＋5＋10＝20，an＝. (2)①證明當(dāng)n＝2時(shí)，a2＝5×22－2＝5，表達(dá)式成立． 當(dāng)n＝1時(shí)顯然成立，下面用數(shù)學(xué)歸納法證明n≥2時(shí)結(jié)論亦成立． ②假設(shè)n＝k(k≥2，k∈N＋)時(shí)表達(dá)式成立，即ak＝5×2k－2， 則當(dāng)n＝k＋1時(shí)，由已知條件和假設(shè)有 ak＋1＝Sk＝a1

16、＋a2＋…＋ak ＝5＋5＋10＋…＋5×2k－2 ＝5＋ ＝5×2k－1 ＝5×2(k＋1)－2.故當(dāng)n＝k＋1時(shí)，表達(dá)式也成立． 由①②可知，對(duì)一切n(n≥2，n∈N＋)都有an＝5×2n－2. 19.在圓x2＋y2＝r2(r>0)中，AB為直徑，C為圓上異于A，B的任意一點(diǎn)，則有kAC·kBC＝－1.你能用類比的方法得出橢圓＋＝1(a>b>0)中有什么樣的結(jié)論？并加以證明． [解析]　類比得到的結(jié)論是：在橢圓＋＝1(a>b>0)中，A，B分別是橢圓長(zhǎng)軸的左右端點(diǎn)，點(diǎn)P(x，y)是橢圓上不同于A，

17、B的任意一點(diǎn)，則kAP·kBP＝－ 證明如下：設(shè)A(x0，y0)為橢圓上的任意一點(diǎn)，則A關(guān)于中心的對(duì)稱點(diǎn)B的坐標(biāo)為B(－x0，－y0)，點(diǎn)P(x，y)為橢圓上異于A，B兩點(diǎn)的任意一點(diǎn)，則kAP·kBP＝·＝. 由于A，B，P三點(diǎn)在橢圓上，∴ 兩式相減得，＋＝0， ∴＝－，即kAP·kBP＝－. 故在橢圓＋＝1(a>b>0)中，長(zhǎng)軸兩個(gè)端點(diǎn)為A，B，P為異于A，B的橢圓上的任意一點(diǎn)，則有kAP·kBP＝－. 20.已知二次函數(shù)f(x)＝ax2＋bx＋c(a>0)的圖象與x軸有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，若f(c)＝0，且0<

18、;x<c時(shí)，f(x)>0. (1)證明：是f(x)＝0的一個(gè)根； (2)試比較與c的大小； (3)證明：－2<b<－1. [解析]　(1)證明：∵f(x)的圖象與x軸有兩個(gè)不同的交點(diǎn)， ∴f(x)＝0有兩個(gè)不等實(shí)根x1，x2， ∵f(c)＝0， ∴x1＝c是f(x)＝0的一個(gè)根． 又x1x2＝，∴x2＝(≠c)， ∴是f(x)＝0的一個(gè)根． (2)解：假設(shè)<c. 由>0，當(dāng)0<x<c時(shí)，f(x)>0， 知f()>0，與f()＝0矛盾，∴≥c， 又∵≠c，∴>c. (3)證明：由f(c)＝0，得ac＋b

19、＋1＝0， ∴b＝－1－ac. 又a>0，c>0，∴b<－1. 二次函數(shù)f(x)的圖象的對(duì)稱軸方程為x＝－＝<＝x2＝，即－<. 又a>0，∴b>－2， ∴－2<b<－1. 21.等比數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，已知對(duì)任意的n∈N＋，點(diǎn)(n，Sn)均在函數(shù)y＝bx＋r(b>0且b≠1，b，r均為常數(shù))的圖像上． (1)求r的值； (2)當(dāng)b＝2時(shí)，記bn＝2(log2an＋1)(n∈N＋)，證明：對(duì)任意的n∈N＋，不等式··…·>成立． [解析]　(1)因?yàn)閷?duì)任意n∈N＋，點(diǎn)(n

20、，Sn)均在函數(shù)y＝bx＋r(b>0且b≠1，b，r均為常數(shù))的圖像上，所以Sn＝bn＋r.當(dāng)n＝1時(shí)，a1＝S1＝b＋r， 當(dāng)n≥2時(shí)，an＝Sn－Sn－1＝bn＋r－(bn－1＋r)＝bn－bn－1＝(b－1)bn－1， 又因?yàn)閧an}為等比數(shù)列，所以r＝－1，公比為b，an＝(b－1)bn－1. (2)證明：當(dāng)b＝2時(shí)，an＝(b－1)bn－1＝2n－1， bn＝2(log2an＋1)＝2(log22n－1＋1)＝2n， 則＝，所以··…·＝···…·. 下面用數(shù)學(xué)歸納法證明不等式：··…·>. ①當(dāng)n＝1時(shí)，左邊＝，右邊＝，因?yàn)?gt;，所以不等式成立． ②假設(shè)當(dāng)n＝k(k∈N＋)時(shí)，不等式成立， 即···…·>.則當(dāng)n＝k＋1時(shí)， 左邊＝···…·· >·＝ ＝ ＝>， 所以當(dāng)n＝k＋1時(shí)，不等式也成立． 由①②可得，不等式對(duì)任何n∈N＋都成立， 即··…·>恒成立．