（京津瓊）2019高考物理總復(fù)習(xí) 專用優(yōu)編提分練：選擇題專練（五）

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1、 選擇題專練(五) 1．關(guān)于原子、原子核的相關(guān)知識，下列說法正確的是(　　) A．光電子的最大初動能隨著入射光頻率的增大而增大 B．氫原子中的電子從高能級軌道向低能級軌道躍遷時，電子離核的距離變近，電子的動能變小 C．盧瑟福根據(jù)α粒子散射實驗的現(xiàn)象提出了原子的“棗糕模型” D．衰變是粒子對核撞擊后發(fā)生的 答案　A 解析　根據(jù)光電效應(yīng)方程知，Ekm＝hν－W0，最大初動能隨著入射光頻率的增大而增大，A正確；氫原子中的電子從高能級向低能級躍遷時軌道半徑減小，該過程中電場力做正功，電勢能減小；根據(jù)＝m可知動能增大，B錯誤；盧瑟福根據(jù)α粒子散射實驗的現(xiàn)象提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，C錯誤

2、；衰變是自發(fā)進(jìn)行的，D錯誤． 2．一個質(zhì)量為1 kg的遙控小車正以18 m/s的速度，沿水平直線軌道做勻速直線運動，在t＝0時刻開始制動做勻減速直線運動，在3 s內(nèi)前進(jìn)了36 m(此時小車未靜止)．在這3 s內(nèi)(　　) A．小車運動的平均速度大小為9 m/s B．小車受到的制動力大小為6 N C．制動力對小車做負(fù)功，大小等于162 J D．制動力對小車做功的平均功率為48 W 答案　D 解析　小車運動的平均速度大小為 ＝＝ m/s＝12 m/s，故A錯誤； 由運動學(xué)公式x＝v0t－at2， 解得加速度大小a＝4 m/s2. 小車受到的制動力大小為F制＝ma＝4 N，故B錯

3、誤； 制動力對小車做負(fù)功， 大小等于W＝F制x＝4 N×36 m＝144 J，故C錯誤； 制動力對小車做功的平均功率為 P＝F制＝4 N×12 m/s＝48 W，故D正確． 3．如圖1所示，理想變壓器原線圈a、b間輸入一穩(wěn)定的正弦交流電，原線圈接有理想交流電流表A，副線圈接有理想交流電壓表V，當(dāng)滑動變阻器的滑片向下滑動時，下列說法正確的是(　　) 圖1 A．電壓表的示數(shù)不變 B．電壓表的示數(shù)增大 C．電流表的示數(shù)增大 D．電阻R2的功率增大 答案　B 解析　設(shè)電流表的示數(shù)為I，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為k，則副線圈的電流為kI，理想變壓器副線圈的電壓為U2＝

4、kI(R2＋R)，理想變壓器原線圈的電壓為U1＝U－IR1，理想變壓器原、副線圈電壓之比為＝＝k，解得I＝，當(dāng)滑動變阻器的滑片向下滑動時，R增大，電流表的示數(shù)減小，理想變壓器原線圈的電壓為U1＝U－IR1增大，理想變壓器副線圈的電壓增大，故電壓表的示數(shù)增大，電阻R2的功率P2＝(kI)2R2減小，故B正確，A、C、D錯誤． 4．(2018·安徽省馬鞍山市質(zhì)檢)如圖2所示，地球繞太陽的運動與月亮繞地球的運動可簡化成同一平面內(nèi)的勻速圓周運動，農(nóng)歷初一前后太陽與月亮對地球的合力約為F1，農(nóng)歷十五前后太陽與月亮對地球的合力約為F2，則農(nóng)歷初八前后太陽與月亮對地球的合力約為(　　) 圖2 A．

5、F1＋F2 B. C. D. 答案　B 解析　設(shè)太陽對地球的引力大小為F，月亮對地球的引力大小為F′，由題圖可知，在農(nóng)歷初一，對地球受力分析有：F1＝F＋F′，在農(nóng)歷十五，對地球受力分析有：F2＝F－F′，聯(lián)立解得：F＝，F(xiàn)′＝；由題圖可知，在農(nóng)歷初八，對地球受力分析有：F合＝＝，故選B. 5．如圖3所示，有豎直向上的勻強(qiáng)磁場穿過水平放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌左端連有電阻R.質(zhì)量相等、長度相同的鐵棒和鋁棒靜止在軌道上．現(xiàn)給兩棒一個瞬時沖量，使它們以相同速度v0向右運動，兩棒滑行一段距離后靜止，已知兩棒始終與導(dǎo)軌垂直，在此過程中(　　) 圖3 A．在速度為v0時，兩

6、棒的端電壓Uab＝Ucd B．鐵棒在中間時刻的加速度是速度為v0時加速度的一半 C．鋁棒運動的時間小于鐵棒運動的時間 D．兩回路中磁通量的改變量相等 答案　C 解析　兩棒的初速度均為v0，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，棒中感應(yīng)電動勢為E＝BLv0，由閉合電路歐姆定律知回路中電流為I＝，而電阻R兩端電壓為U＝IR＝，由于鐵棒和鋁棒接入電路的電阻r不同，故兩棒的端電壓Uab≠Ucd，故A錯誤； 根據(jù)牛頓第二定律可知a＝，鐵棒做加速度減小的減速運動，鐵棒在中間時刻的速度小于，鐵棒在中間時刻的加速度小于速度為v0時加速度的一半，故B錯誤； 由于鋁棒的電阻小于鐵棒的電阻，根據(jù)安＝可知鋁棒受到的平

7、均安培力大于鐵棒受到的平均安培力，根據(jù)動量定理－安Δt＝－mv0可知，鋁棒運動的時間小于鐵棒運動的時間，故C正確； 根據(jù)動量定理可知－安Δt＝－mv0， 而安Δt＝＝＝， 解得ΔΦ＝， 兩回路中磁通量的改變量不相等，故D錯誤． 6．空間存在兩點電荷產(chǎn)生的靜電場，在xOy橫軸上沿x軸正方向電場強(qiáng)度E隨x變化的關(guān)系如圖4所示，圖線關(guān)于坐標(biāo)原點對稱，虛線為兩條漸近線，M、N是兩條漸近線到原點O的中點，且|PO|＝3|MO|.取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，下列說法中正確的是(　　) 圖4 A．M、N兩點的電勢相等 B．P點電勢高于M點電勢 C．M、O兩點電場強(qiáng)度大小之比為20∶9 D．單

8、位正電荷從O點移到N點過程中，電場力做功為W，則N點電勢數(shù)值為－W 答案　BCD 解析　由題圖可知MN之間的電場線方向沿x軸正方向，故左邊的電荷為正電荷，右邊為等量的負(fù)電荷，故M點的電勢比N點電勢高，P點電勢高于M點電勢，故A錯誤，B正確；設(shè)MO的距離為r，正、負(fù)電荷的電荷量大小為Q，M點電場強(qiáng)度大小為EM＝＋＝，O點電場強(qiáng)度大小為EO＝＋＝，M、O兩點電場強(qiáng)度大小之比為EM∶EO＝∶＝20∶9，故C正確；沿電場線方向電勢降低，O點電勢為零，所以單位正電荷從O點移到N點過程中，電場力做功為W，則N點電勢數(shù)值為－W，故D正確． 7.如圖5所示，在豎直平面內(nèi)，一根不可伸長的輕質(zhì)軟繩兩端打結(jié)系

9、于“V”型桿上的A、B兩點，已知OM邊豎直，且|AO|＝|OB|，細(xì)繩繞過光滑的滑輪，重物懸掛于滑輪下處于靜止?fàn)顟B(tài)．若在紙面內(nèi)繞端點O按順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動“V”型桿，直到ON邊豎直，繩子的張力為FT，A點處繩子與桿之間摩擦力大小為F，則(　　) 圖5 A．張力FT先一直增大 B．張力FT先增大后減小 C．摩擦力F一直減小 D．摩擦力F先增大后減小 答案　BC 解析　設(shè)滑輪兩側(cè)繩子與豎直方向的夾角為α，受力如圖甲所示．在紙面內(nèi)繞端點O按順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動“V”型桿，直到ON邊豎直，AB的長度不變，AB在水平方向的投影先變長后變短，繩子與豎直方向的夾角α先變大后變小，所以張力FT

10、＝先增大后減小，故A錯誤，B正確； 以A點為研究對象，受力分析如圖乙所示．根據(jù)平衡條件可知， F＝FTcos (α＋β)＝ ＝(cos β－tan αsin β)， 在紙面內(nèi)繞端點O按順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動“V”型桿，繩子與豎直方向的夾角α先變大后變小，OA桿與豎直方向的夾角β一直變大，當(dāng)繩子與豎直方向的夾角α變大，摩擦力減小，當(dāng)繩子與豎直方向的夾角α變小時，但α＋β還是在增大，所以摩擦力還是在減小，故C正確，D錯誤． 8．如圖6所示，水平長直軌道上緊靠放置n個質(zhì)量為m可看作質(zhì)點的物塊，物塊間用長為L的不可伸長的細(xì)線連接，開始處于靜止?fàn)顟B(tài)，物塊與軌道間的動摩擦因數(shù)為μ.用水平恒力

11、F拉動物塊1開始運動，到連接第n個物塊的線剛好拉直時整體速度正好為零，則(　　) 圖6 A．拉力F所做功為nFL B．系統(tǒng)克服摩擦力做功為 C．F> D．(n－1)μmg，故C正確，D錯誤． 6