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(全國(guó)通用)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 微專題74 電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問題加練半小時(shí)(含解析)

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(全國(guó)通用)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 微專題74 電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問題加練半小時(shí)(含解析)

電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問題 [方法點(diǎn)撥] 分析導(dǎo)體棒切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)要由牛頓第二定律列方程,在方程中討論v的變化影響安培力的變化,進(jìn)而影響加速度a的變化,a的變化又影響v的變化. 1.如圖1甲所示,光滑的平行金屬導(dǎo)軌(足夠長(zhǎng))固定在水平面內(nèi),導(dǎo)軌間距為l=20cm,左端接有阻值為R=1Ω的電阻,放在導(dǎo)軌上靜止的一導(dǎo)體桿MN與兩導(dǎo)軌垂直,整個(gè)裝置置于堅(jiān)直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.5T.導(dǎo)體桿受到沿導(dǎo)軌方向的拉力F做勻加速運(yùn)動(dòng),測(cè)得力F與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示,導(dǎo)體桿及兩導(dǎo)軌的電阻均可忽略不計(jì),導(dǎo)體桿在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸,則導(dǎo)體桿的加速度大小和質(zhì)量分別為(  ) 圖1 A.20m/s2,0.5kg B.20m/s2,0.1kg C.10m/s2,0.5kg D.10m/s2,0.1kg 2.(多選)如圖2所示,相距為L(zhǎng)的兩條足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為θ,導(dǎo)軌上固定有質(zhì)量為m、電阻為R的兩根相同的導(dǎo)體棒,導(dǎo)體棒MN上方軌道粗糙、下方軌道光滑,整個(gè)空間存在垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.將兩根導(dǎo)體棒同時(shí)釋放后,觀察到導(dǎo)體棒MN下滑而EF保持靜止,當(dāng)MN下滑速度最大時(shí),EF與軌道間的摩擦力剛好達(dá)到最大靜摩擦力,重力加速度為g,下列敘述正確的是(  ) 圖2 A.導(dǎo)體棒MN的最大速度為 B.導(dǎo)體棒EF與軌道之間的最大靜摩擦力為mgsinθ C.導(dǎo)體棒MN受到的最大安培力為mgsinθ D.導(dǎo)體棒MN所受重力的最大功率為 3.(2018·陜西省榆林市一模)如圖3所示,兩根半徑r為1m的圓弧軌道間距L也為1m,其頂端a、b與圓心處等高,軌道光滑且電阻不計(jì),在其上端連有一阻值為R的電阻,整個(gè)裝置處于輻向磁場(chǎng)中,圓弧軌道所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,且B=0.5T.將一根長(zhǎng)度稍大于L、質(zhì)量m為0.2kg、電阻為R0的金屬棒從軌道頂端ab處由靜止釋放,已知金屬棒到達(dá)如圖所示的cd位置時(shí),金屬棒與軌道圓心的連線和水平方向夾角θ為60°,金屬棒的速度達(dá)到最大;當(dāng)金屬棒到達(dá)軌道底端ef時(shí),對(duì)軌道的壓力為3N.g取10m/s2. 圖3 (1)當(dāng)金屬棒的速度最大時(shí),求流經(jīng)電阻R的電流大小和方向; (2)金屬棒滑到軌道底端ef的整個(gè)過程中,流經(jīng)電阻R的電荷量為0.1πC,則整個(gè)回路中的總電阻為多少; (3)金屬棒滑到軌道底端ef的整個(gè)過程中,電阻R上產(chǎn)生的熱量為1.2J,則金屬棒的電阻R0為多大. 4.(2019·四川省成都七中月考)如圖4甲所示,兩根足夠長(zhǎng)、電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌相距L=1m,導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ=37°,下端連接阻值R=1Ω的電阻;質(zhì)量m=1kg、阻值r=1Ω的勻質(zhì)金屬棒cd放在兩導(dǎo)軌上,到導(dǎo)軌最下端的距離L1=1m,棒與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸,與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.9.整個(gè)裝置處于與導(dǎo)軌平面垂直(向上為正)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的情況如圖乙所示.認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,已知在0~1.0s內(nèi),金屬棒cd保持靜止,取sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2. 圖4 (1)求0~1.0s內(nèi)通過金屬棒cd的電荷量; (2)求t=1.1s時(shí)刻,金屬棒cd所受摩擦力的大小和方向; (3)1.2s后,對(duì)金屬棒cd施加一沿斜面向上的拉力F,使金屬棒cd沿斜面向上做加速度大小為a=2m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng),請(qǐng)寫出拉力F隨時(shí)間t′(從施加F時(shí)開始計(jì)時(shí))變化的關(guān)系式. 5.(2018·四川省蓉城名校聯(lián)考)如圖5所示,兩平行且電阻不計(jì)的金屬導(dǎo)軌相距L=1m,金屬導(dǎo)軌由水平和傾斜兩部分(均足夠長(zhǎng))良好對(duì)接,傾斜部分與水平方向的夾角為37°,整個(gè)裝置處在豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.長(zhǎng)度也為1m的金屬棒ab和cd垂直導(dǎo)軌并置于導(dǎo)軌上,且與導(dǎo)軌良好接觸,質(zhì)量均為0.2kg,電阻分別為R1=2Ω,R2=4Ω.ab置于導(dǎo)軌的水平部分,與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5,cd置于導(dǎo)軌的傾斜部分,導(dǎo)軌傾斜部分光滑.從t=0時(shí)刻起,ab棒在水平且垂直于ab棒的外力F1的作用下由靜止開始向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng),金屬棒cd在力F2的作用下保持靜止,F(xiàn)2平行于傾斜導(dǎo)軌平面且垂直于金屬棒cd.當(dāng)t1=4s時(shí),ab棒消耗的電功率為2.88W.已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g取10m/s2.求: 圖5 (1)金屬棒ab做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大?。? (2)求t2=8s時(shí)作用在cd棒上的F2的大??; (3)改變F1的作用規(guī)律,使ab棒運(yùn)動(dòng)的位移x與速度v滿足x=2v的關(guān)系,要求cd棒仍然要保持靜止?fàn)顟B(tài),求ab棒從靜止開始運(yùn)動(dòng)至x=4m的過程中,作用在ab棒上的力F1所做的功(結(jié)果可用分?jǐn)?shù)表示). 答案精析 1.D [導(dǎo)體桿MN在軌道上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),用v表示瞬時(shí)速度,t表示時(shí)間,則導(dǎo)體桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Blv=Blat,閉合回路中的感應(yīng)電流為I=,由安培力公式和牛頓第二定律得F-BIl=ma,由以上三式得F=ma+,在題圖乙中圖線上取兩點(diǎn)t1=0,F(xiàn)1=1N,t2=10s,F(xiàn)2=2N,聯(lián)立方程得a=10m/s2,m=0.1kg.選項(xiàng)D正確.] 2.AC [由題意可知,導(dǎo)體棒MN切割磁感線,產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv,回路中的電流I=,MN受到的安培力F=BIL=,隨著速度的增大,MN受到的安培力逐漸增大,加速度逐漸減小,故MN沿斜面做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)MN受到的安培力大小等于其重力沿導(dǎo)軌方向的分力時(shí),速度達(dá)到最大值,此后MN做勻速運(yùn)動(dòng),故導(dǎo)體棒MN受到的最大安培力為mgsinθ,導(dǎo)體棒MN的最大速度為,A、C正確;由于當(dāng)MN下滑速度最大時(shí),EF與導(dǎo)軌間的摩擦力剛好達(dá)到最大靜摩擦力,由力的平衡知EF與導(dǎo)軌之間的最大靜摩擦力為2mgsinθ,B錯(cuò)誤;由P=mgvsinθ可知導(dǎo)體棒MN所受重力的最大功率為,D錯(cuò)誤.] 3.(1)2A a→R→b (2)2.5Ω (3)0.5Ω 解析 (1)金屬棒速度最大時(shí),在軌道切線方向上所受合力為0,則有mgcosθ=BIL,解得I==2A,流經(jīng)R的電流方向?yàn)閍→R→b. (2)金屬棒滑到軌道底端的整個(gè)過程中,穿過回路的磁通量變化量為ΔΦ=BS=B·L·=,平均電動(dòng)勢(shì)為=,平均電流為=,則流經(jīng)電阻R的電荷量q=Δt===0.1πC,解得整個(gè)回路中的總電阻為R+R0=2.5Ω. (3)金屬棒在軌道最低點(diǎn)時(shí),由牛頓第二定律得FN-mg=m,由能量守恒定律得Q=mgr-mv2,電阻R上產(chǎn)生的熱量為QR=Q=1.2J,解得R=2Ω,R0=0.5Ω. 4.見解析 解析 (1)在0~1.0s內(nèi),金屬棒cd上產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為: E=S·,其中S=L1L=1m2 由閉合電路歐姆定律有:I= 由于0~1.0s內(nèi)回路中的電流恒定,故該段時(shí)間通過金屬棒cd的電荷量為: q=IΔt,其中Δt=1s解得:q=1C. (2)若0~1.1s內(nèi)金屬棒cd保持靜止, 則在0~1.1s內(nèi)回路中的電流不變, t=1.1s時(shí),金屬棒cd所受的安培力為: F′=B1IL=0.2N,方向沿導(dǎo)軌向下 又導(dǎo)軌對(duì)金屬棒cd的最大靜摩擦力為: Ff′=μmgcos37°=7.2N 由于mgsin37°+F′=6.2N<Ff′, 可知假設(shè)成立,金屬棒cd仍保持靜止 故所求摩擦力為:Ff=mgsin37°+F′=6.2N,方向沿導(dǎo)軌向上. (3)1.2s后,金屬棒cd上產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為: E′=B2Lv,其中v=at′ 金屬棒cd所受安培力的大小為: F安=B2I2L,其中I2= 由牛頓第二定律有:F-mgsinθ-μmgcosθ-F安=ma, 解得:F=15.2+0.16t′(N). 5.(1)0.9m/s2 (2)2.64N (3)J 解析 (1)當(dāng)t1=4s時(shí),ab棒消耗的電功率為2.88W,有Pab=I12R1,代入數(shù)據(jù)得I1=1.2A,回路中的電動(dòng)勢(shì)E1=I1(R1+R2),由法拉第電磁感應(yīng)定律知E1=BLv1,ab棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)有v1=at1,解得a=0.9m/s2. (2)當(dāng)t2=8s時(shí),金屬棒ab的速度v2=at2,回路中的電流I2===2.4A,金屬棒cd所受安培力F2安=BI2L=4.8N,假設(shè)金屬棒cd所受的力F2沿導(dǎo)軌向下,有F2+mgsin37°=F2安cos37°,解得F2=2.64N,故假設(shè)成立,所以F2的方向沿導(dǎo)軌向下. (3)設(shè)ab棒的速度為v時(shí),回路中的電流為I==,此時(shí)金屬棒ab所受安培力大小為F安=BIL,由題意知ab棒運(yùn)動(dòng)的位移x與速度v的關(guān)系為x=2v,得F安= (N),ab棒從靜止開始運(yùn)動(dòng)至x=4m的過程中,克服安培力所做的功為W克安=安·x=x=J,對(duì)金屬棒ab,由動(dòng)能定理有W拉-W克安-μmgx=mv2,解得W拉=J. 6

注意事項(xiàng)

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