河南省2022年中考數(shù)學(xué)專題復(fù)習(xí) 專題八 二次函數(shù)綜合題訓(xùn)練
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河南省2022年中考數(shù)學(xué)專題復(fù)習(xí) 專題八 二次函數(shù)綜合題訓(xùn)練
河南省2022年中考數(shù)學(xué)專題復(fù)習(xí) 專題八 二次函數(shù)綜合題訓(xùn)練
類型一 新定義問題
(xx·河南)如圖,直線y=-x+c與x軸交于點(diǎn)A(3,0),與y軸交于點(diǎn)B,拋物線y=-x2+bx+c經(jīng)過點(diǎn)A,B.
(1)求點(diǎn)B的坐標(biāo)和拋物線的解析式;
(2)M(m,0)為x軸上一動點(diǎn),過點(diǎn)M且垂直于x軸的直線與直線AB及拋物線分別交于點(diǎn)P,N.
①點(diǎn)M在線段OA上運(yùn)動,若以B,P,N為頂點(diǎn)的三角形與△APM相似,求點(diǎn)M的坐標(biāo);
②點(diǎn)M在x軸上自由運(yùn)動,若三個點(diǎn)M,P,N中恰有一點(diǎn)是其他兩點(diǎn)所連線段的中點(diǎn)(三點(diǎn)重合除外),則稱M,P,N三點(diǎn)為“共諧點(diǎn)”.請直接寫出使得M,P,N三點(diǎn)成為“共諧點(diǎn)”的m的值.
例1題圖
備
用圖
【分析】 (1)把A點(diǎn)坐標(biāo)代入直線解析式可求得c,則可求得B點(diǎn)坐標(biāo),由點(diǎn)A,B的坐標(biāo),利用待定系數(shù)法可求得拋物線解析式;
(2)①由M點(diǎn)坐標(biāo)可表示點(diǎn)P,N的坐標(biāo),從而可表示出MA,MP,PN,PB的長,分∠NBP=90°和∠BNP=90°兩種情況,分別利用相似三角形的性質(zhì)可得到關(guān)于m的方程,可求得m的值;
②用m可表示出點(diǎn)M,P,N的坐標(biāo),由題意可知有P為線段MN的中點(diǎn)、M為線段PN的中點(diǎn)或N為線段PM的中點(diǎn),可分別得到關(guān)于m的方程,即可求得m的值.
【自主解答】
解:(1)∵y=-x+c過點(diǎn)A(3,0),與y軸交于點(diǎn)B,
∴0=-2+c,解得c=2,
∴B(0,2).∵拋物線y=-x2+bx+c經(jīng)過點(diǎn)A,B,
解得
∴拋物線的解析式為y=-x2+x+2.
(2)①由(1)可知直線的解析式為y=-x+2,
∵M(jìn)(m,0)為x軸上一動點(diǎn),過點(diǎn)M且垂直于x軸的直線與直線AB及拋物線分別交于點(diǎn)P,N.∴P(m,-m+2),N(m,-m2+m+2),∴PM=-m+2,AM=3-m,PN=-m2+m+2-(-m+2)=-m2+4m,
∵△BPN和△APM相似,且∠BPN=∠APM,
∴∠BNP=∠AMP=90°或∠NBP=∠AMP=90°.
當(dāng)∠BNP=90°時,則有BN⊥MN,
∴N點(diǎn)的縱坐標(biāo)為2,
∴-m2+m+2=2,解得m=0(舍去)或m=2.5,
∴M(2.5,0);
當(dāng)∠NBP=90°時,過點(diǎn)N作NC⊥y軸于點(diǎn)C,
例1題解圖
則∠NBC+∠BNC=90°,NC=m,BC=-m2+m+2-2=-m2+m,
∵∠NBP=90°,
∴∠NBC+∠ABO=90°,
∴∠ABO=∠BNC,
∴Rt△NCB~Rt△BOA,
∴=,
∴=,解得m=0(舍去)或m=.
∴M(,0);
綜上可知,當(dāng)以B,P,N為頂點(diǎn)的三角形與△APM相似時,點(diǎn)M的坐標(biāo)為(2.5,0)或(,0);
②由①可知M(m,0),P(m,-m+2),N(m,-m2+m+2),
∵M(jìn),P,N三點(diǎn)為“共諧點(diǎn)”,
∴當(dāng)P為線段MN的中點(diǎn)時,則有2(-m+2)=-m2+m+2,解得m=3(三點(diǎn)重合,舍去)或m=;
當(dāng)M為線段PN的中點(diǎn)時,則有-m+2+(-m2+m+2)=0,解得m=3(舍去)或m=-1;
當(dāng)N為線段PM的中點(diǎn)時,則有-m+2=2(-m2+m+2),解得m=3(舍去)或m=-.
綜上可知,當(dāng)M,P,N三點(diǎn)成為“共諧點(diǎn)”時,m的值為或-1或-.
1.(xx·河南)如圖,邊長為8的正方形OABC的兩邊在坐標(biāo)軸上,以點(diǎn)C為頂點(diǎn)的拋物線經(jīng)過點(diǎn)A,點(diǎn)P是拋物線上點(diǎn)A,C間的一個動點(diǎn)(含端點(diǎn)),過點(diǎn)P作PF⊥BC于點(diǎn)F,點(diǎn)D,E的坐標(biāo)分別為(0,6),(-4,0),連接PD,PE,DE.
(1)請直接寫出拋物線的解析式;
(2)小明探究點(diǎn)P的位置發(fā)現(xiàn):當(dāng)P與點(diǎn)A或點(diǎn)C重合時,PD與PF的差為定值,進(jìn)而猜想:對于任意一點(diǎn)P,PD與PF的差為定值,請你判斷該猜想是否正確,并說明理由;
(3)小明進(jìn)一步探究得出結(jié)論:若將“使△PDE的面積為整數(shù)”的點(diǎn)P記作“好點(diǎn)”,則存在多個“好點(diǎn)”,且使△PDE的周長最小的點(diǎn)P也是一個“好點(diǎn)”.請直接寫出所有“好點(diǎn)”的個數(shù),并求出△PDE周長最小時“好點(diǎn)”的坐標(biāo).
第1題圖
備用圖
2.(xx·崇仁一中二模)如圖①,若拋物線L1的頂點(diǎn)A在拋物線L2上,拋物線L2的頂點(diǎn)B在拋物線L1上(點(diǎn)A與點(diǎn)B不重合),我們把這樣的兩拋物線L1,L2稱為“伴隨拋物線”,可見一條拋物線的“伴隨拋物線”可以有多條.
(1)拋物線L1:y=-x2+4x-3與拋物線L2是“伴隨拋物線”,且拋物線L2的頂點(diǎn)B的橫坐標(biāo)為4,求拋物線L2的表達(dá)式;
(2)若拋物線y=a1(x-m)2+n的任意一條“伴隨拋物線”的表達(dá)式為y=a2(x-h(huán))2+k,請寫出a1與a2的關(guān)系式,并說明理由;
(3)在圖②中,已知拋物線L1:y=mx2-2mx-3m(m>0)與y軸相交于點(diǎn)C,它的一條“伴隨拋物線”為L2,拋物線L2與y軸相交于點(diǎn)D.若CD=4m,求拋物線L2的對稱軸.
圖①
圖②
3.(xx·鄭州模擬)如圖,已知點(diǎn)C(0,3),拋物線的頂點(diǎn)為A(2,0),與y軸交于點(diǎn)B(0,1),點(diǎn)P是拋物線上的一個動點(diǎn),過點(diǎn)P作PM⊥x軸于點(diǎn)M.
(1)求拋物線的解析式;
(2)若點(diǎn)F在拋物線的對稱軸上,且縱坐標(biāo)為1,連接PF,PC,CF,求證:對于任意點(diǎn)P,PF與PM的差為常數(shù).
(3)記(2)中的常數(shù)為a,若將“使△PCF面積為2a”的點(diǎn)P記作“巧點(diǎn)”,則存在多個“巧點(diǎn)”,且使△PCF的周長最小的點(diǎn)P也是一個“巧點(diǎn)”,請直接寫出所有“巧點(diǎn)”的個數(shù),并求出△PCF的周長最小時“巧點(diǎn)”的坐標(biāo).
4.(xx·焦作一模)如圖①,直線y=x+m與x軸、y軸分別交于點(diǎn)A和點(diǎn)B(0,-1),拋物線y=x2+bx+c經(jīng)過點(diǎn)B,點(diǎn)C的橫坐標(biāo)為4.
(1)請直接寫出拋物線的解析式;
(2)如圖②,點(diǎn)D在拋物線上,DE∥y軸交直線AB于點(diǎn)E,且四邊形DFEG為矩形,設(shè)點(diǎn)D的橫坐標(biāo)為x(0<x<4),矩形DFEG的周長為l,求l與x的函數(shù)關(guān)系式以及l(fā)的最大值;
(3)將△AOB繞平面內(nèi)某點(diǎn)M旋轉(zhuǎn)90°或180°,得到△A1O1B1,點(diǎn)A,O,B的對應(yīng)點(diǎn)分別是點(diǎn)A1,O1,B1.若△A1O1B1的兩個頂點(diǎn)恰好落在拋物線上,那么我們就稱這樣的點(diǎn)為“落點(diǎn)”,請直接寫出“落點(diǎn)”的個數(shù)和旋轉(zhuǎn)180°時點(diǎn)A1的橫坐標(biāo).
圖①
圖②
類型二 線段、角度數(shù)量關(guān)系探究
(xx·河南)如圖①,直線y=-x+n交x軸于點(diǎn)A,交y軸于點(diǎn)C(0,4),拋物線y=x2+bx+c經(jīng)過點(diǎn)A,交y軸于點(diǎn)B(0,-2).點(diǎn)P為拋物線上一個動點(diǎn),過點(diǎn)P作x軸的垂線PD,過點(diǎn)B作BD⊥PD于點(diǎn)D,連接PB,設(shè)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為m.
(1)求拋物線的解析式;
(2)當(dāng)△BDP為等腰直角三角形時,求線段PD的長;
(3)如圖②,將△BDP繞點(diǎn)B逆時針旋轉(zhuǎn),得到△BD′P′,且旋轉(zhuǎn)角∠PBP′=∠OAC,當(dāng)點(diǎn)P的對應(yīng)點(diǎn)P′落在坐標(biāo)軸上時,請直接寫出點(diǎn)P的坐標(biāo).
圖①
圖②
例2題圖
備用圖
【分析】 先確定出點(diǎn)A的坐標(biāo),再用待定系數(shù)法求出拋物線的解析式;
(2)由△BDP為等腰直角三角形,判斷出BD=PD,建立m的方程計(jì)算出m,從而求出PD;
(3)分點(diǎn)P′落在x軸和y軸兩種情況計(jì)算即可.①當(dāng)點(diǎn)P′落在x軸上時,過點(diǎn)D′作D′N⊥x軸,垂足為N,交BD于點(diǎn)M,先利用互余和旋轉(zhuǎn)角相等得出∠DBD′=∠ND′P′=∠PBP′,進(jìn)而表示出ND′的長度,通過構(gòu)造方程求解;②的思路同①.
【自主解答】
解:(1)∵點(diǎn)C(0,4)在直線y=-x+n上,
∴n=4,∴y=-x+4.
當(dāng)y=0時,0=-x+4,
解得x=3,∴A(3,0).
∵拋物線y=x2+bx+c經(jīng)過點(diǎn)A,交y軸于點(diǎn)B(0,-2),
∴
解得
∴拋物線的解析式為y=x2-x-2.
(2)∵點(diǎn)P為拋物線上一個動點(diǎn),且橫坐標(biāo)為m,
∴P(m,m2-m-2),D(m,-2),
∴BD=|m|,
PD=|m2-m-2+2|=|m2-m|.
∵△BDP為等腰直角三角形,且PD⊥BD,
∴BD=PD.
①當(dāng)點(diǎn)P在直線BD上方時,PD=m2-m.
(i)若點(diǎn)P在y軸左側(cè),則m<0,BD=-m.
∴m2-m=-m,
解得1=0(舍去),m2=(舍去).
(ii)若點(diǎn)P在y軸右側(cè),則m>0,BD=m.
∴m2-m=m,
解得3=0(舍去),m4=.
②當(dāng)點(diǎn)P在直線BD下方時,m>0,BD=m,PD=-m2+m.
∴-m2+m=m,解得5=0(舍去),m6=.
綜上所述,m=或.即當(dāng)△BDP為等腰直角三角形時,PD的長為或.
(3)P1(-,),P2(,),P3(,).
提示:∵∠PBP′=∠OAC,OA=3,OC=4,
∴AC=5,
∴sin∠PBP′=,cos∠PBP′=.
①當(dāng)點(diǎn)P′落在x軸上時,過點(diǎn)D′作D′N⊥x軸,垂足為點(diǎn)N,交BD于點(diǎn)M,∠DBD′=∠ND′P′=∠PBP′.
如解圖①,
例2題解圖①
∵ND′-MD′=2,
即(m2-m)-(-m)=2;
∴m=(舍去)或m=-;
如解圖②,
例2題解圖②
∵ND′+MD′=2,即(m2-m)+m=2,
∴m=或m=-(舍去),
∴P(-,)或P(,).
②當(dāng)點(diǎn)P′落在y軸上時,如解圖③,過點(diǎn)D′作D′M⊥x軸,交BD于點(diǎn)M,過點(diǎn)P′作P′N⊥y軸,交MD′的延長線于點(diǎn)N,
例2題解圖③
∴∠DBD′=∠ND′P′=∠PBP′.
∵P′N=BM,
即(m2-m)=m,
∴m=,∴P(,).
1.(xx·河南)如圖,拋物線y=-x2+bx+c與x軸交于點(diǎn)A(-1,0),B(5,0)兩點(diǎn),直線y=-x+3與y軸交于點(diǎn)C,與x軸交于點(diǎn)D.點(diǎn)P是x軸上方的拋物線上一動點(diǎn),過點(diǎn)P作PF⊥x軸于點(diǎn)F,交直線CD于點(diǎn)E.設(shè)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為m.
(1)求拋物線的解析式;
(2)若PE=5EF,求m的值;
(3)若點(diǎn)E′是點(diǎn)E關(guān)于直線PC的對稱點(diǎn),是否存在點(diǎn)P,使點(diǎn)E′落在y軸上?若存在,請直接寫出相應(yīng)的點(diǎn)P的坐標(biāo);若不存在,請說明理由.
2.(xx·洛陽一模)如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,已知拋物線y=ax2+bx-2(a≠0)與x軸交于A(1,0),B(3,0)兩點(diǎn),與y軸交于點(diǎn)C,其頂點(diǎn)為點(diǎn)D,點(diǎn)E的坐標(biāo)為(0,-1),該拋物線與BE交于另一點(diǎn)F,連接BC.
(1)求該拋物線的解析式;
(2)一動點(diǎn)M從點(diǎn)D出發(fā),以每秒1個單位的速度沿與y軸平行的方向向上運(yùn)動,連接OM,BM,設(shè)運(yùn)動時間為t秒(t>0),在點(diǎn)M的運(yùn)動過程中,當(dāng)t為何值時,∠OMB=90°?
(3)在x軸上方的拋物線上,是否存在點(diǎn)P,使得∠PBF被BA平分?若存在,請直接寫出點(diǎn)P的坐標(biāo);若不存在,請說明理由.
3.(xx·新野一模)已知拋物線y=ax2+bx+2經(jīng)過A(-1,0),B(2,0),C三點(diǎn).直線y=mx+交拋物線于A,Q兩點(diǎn),點(diǎn)P是拋物線上直線AQ上方的一個動點(diǎn),作PF⊥x軸,垂足為F,交AQ于點(diǎn)N.
(1)求拋物線的解析式;
(2)如圖①,當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動到什么位置時,線段PN=2NF,求出此時點(diǎn)P的坐標(biāo);
(3)如圖②,線段AC的垂直平分線交x軸于點(diǎn)E,垂足為D,點(diǎn)M為拋物線的頂點(diǎn),在直線DE上是否存在一點(diǎn)G,使△CMG的周長最?。咳舸嬖?,請求出點(diǎn)G的坐標(biāo);若不存在,請說明理由.
圖①
圖②
4.如圖①,拋物線y=ax2+bx+3(a≠0)與x軸交于點(diǎn)A(-1,0),B(3,0),與y軸交于點(diǎn)C,連接BC.
(1)求拋物線的表達(dá)式;
(2)拋物線上是否存在點(diǎn)M,使得△MBC的面積與△OBC的面積相等,若存在,請直接寫出點(diǎn)M的坐標(biāo);若不存在,請說明理由;
(3)點(diǎn)D(2,m)在第一象限的拋物線上,連接BD.在對稱軸左側(cè)的拋物線上是否存在一點(diǎn)P,滿足∠PBC=∠DBC?如果存在,請求出點(diǎn)P的坐標(biāo);如果不存在,請說明理由.
第4題圖
備用圖
類型三 特殊圖形判定問題
(xx·河南)如圖,拋物線y=ax2+6x+c交x軸于A,B兩點(diǎn),交y軸于點(diǎn)C,直線y=x-5經(jīng)過點(diǎn)B,C.
(1)求拋物線的解析式;
(2)過點(diǎn)A的直線交直線BC于點(diǎn)M.
①當(dāng)AM⊥BC時,過拋物線上一動點(diǎn)P(不與點(diǎn)B,C重合),作直線AM的平行線交直線BC于點(diǎn)Q.若以點(diǎn)A,M,P,Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形,求點(diǎn)P的橫坐標(biāo);
②連接AC,當(dāng)直線AM與直線BC的夾角等于∠ACB的2倍時,請直接寫出點(diǎn)M的坐標(biāo).
例3題圖
備用圖
【分析】 (1)利用一次函數(shù)解析式確定C(0,-5),B(5,0),然后利用待定系數(shù)法求拋物線的解析式;
(2)①先解方程-x2+6x-5=0得A(1,0),再判斷△OCB為等腰直角三角形得到∠OBC=∠OCB=45°,則△AMB為等腰直角三角形,所以AM=2,接著根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)得到PQ=AM=2,PQ⊥BC,作PD⊥x軸交直線BC于D,如解圖①,利用∠PDQ=45°得到PD=PQ=4.設(shè)P(m,-m2+6m-5),則D(m,m-5),討論:當(dāng)P點(diǎn)在直線BC上方時,PD=-m2+6m-5-(m-5)=4;當(dāng)P點(diǎn)在直線BC下方時,PD=m-5-(-m2+6m-5),然后分別解方程即可得到P點(diǎn)的橫坐標(biāo);
②作AN⊥BC于N,NH⊥x軸于H,作AC的垂直平分線交BC于M1,交AC于E,如解圖②,利用等腰三角形的性質(zhì)和三角形外角性質(zhì)得到∠AM1B=2∠ACB,再確定N(3,-2),AC的解析式為y=5x-5,E點(diǎn)坐標(biāo)為(,-),利用兩直線垂直的問題可設(shè)直線EM1的解析式為y=-x+b,把E(,-)代入求出b得到直線EM1的解析式為y=-x-,則解方程組得M1點(diǎn)的坐標(biāo);在直線BC上作點(diǎn)M1關(guān)于N點(diǎn)的對稱點(diǎn)M2,如解圖②,利用對稱性得到∠AM2C=∠AM1B=2∠ACB,設(shè)M2(x,x-5),根據(jù)中點(diǎn)坐標(biāo)公式得到3=,然后求出x即可得到點(diǎn)M2的坐標(biāo),從而得到滿足條件的點(diǎn)M的坐標(biāo).
【自主解答】
解:(1)當(dāng)x=0時,y=x-5=-5;
當(dāng)y=x-5=0時,x=5
∴B(5,0),C(0,-5).
將B,C兩點(diǎn)的坐標(biāo)代入y=ax2+6x+c中,得解得
∴拋物線的解析式為y=-x2+6x-5.
(2)①解方程-x2+6x-5=0得x1=1,x2=5,則A(1,0),
∵B(5,0),C(0,-5),
∴△OCB為等腰直角三角形,
∴∠OBC=∠OCB=45°.
∵AM⊥BC,
∴△AMB為等腰直角三角形,
∴AM=AB=×4=2.
∵以點(diǎn)A,M,P,Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形,AM∥PQ
∴PQ=AM=2,PQ⊥BC,
作PD⊥x軸交直線BC于D,如解圖①,則∠PDQ=45°,
∴PD=PQ=4,設(shè)P(m,-m2+6m-5),則D(m,m-5).
當(dāng)P點(diǎn)在直線BC上方時,
PD=-m2+6m-5-(m-5)=-m2+5m=4,解得m1=1,m2=4.
當(dāng)P點(diǎn)在直線BC下方時;
PD=m-5-(-m2+6m-5)=m2-5m=4,解得m1=,m2=.
綜上所述,P點(diǎn)的橫坐標(biāo)為4或或.
②作AN⊥BC于N,NH⊥x軸于H,作AC的垂直平分線交BC于M1,交AC于E,如解圖②.
∵M(jìn)1A=M1C,
∴∠ACM1=∠CAM1,
∴∠AM1B=2∠ACB.
∵△ANB為等腰直角三角形,
∴AH=BH=NH=2,
∴N(3,-2),
易得AC的解析式為y=5x-5,E點(diǎn)坐標(biāo)為(,-),
設(shè)直線EM1的解析式為y=-x+b,
把E(,-)代入,得+b=-,解得b=-,
∴直線EM1的解析式為y=-x-,解方程組得,則M1(,-);
作直線BC上作點(diǎn)M1關(guān)于N點(diǎn)的對稱點(diǎn)M,如解圖②,則∠AM2C=2∠ACB,
設(shè)M2(x,x-5),
∵3=,
∴x=,
∴M2(,-).
圖①
圖②
例3題解圖
1.(xx·河南)如圖,拋物線y=-x2+bx+c與直線y=x+2交于C,D兩點(diǎn),其中點(diǎn)C在y軸上,點(diǎn)D的坐標(biāo)為(3,),點(diǎn)P是y軸右側(cè)的拋物線上一動點(diǎn),過點(diǎn)P作PE⊥x軸于點(diǎn)E,交CD于點(diǎn)F.
(1)求拋物線的解析式;
(2)若點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為m,當(dāng)m為何值時,以O(shè),C,P,F(xiàn)為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形?請說明理由;
(3)若存在點(diǎn)P,使∠PCF=45°,請直接寫出相應(yīng)的點(diǎn)P的坐標(biāo).
第1題圖
備用圖
2.(xx·河南名校模擬)如圖,二次函數(shù)y=x2+bx+c的圖象經(jīng)過A(-1,0)和B(3,0)兩點(diǎn),且交y軸于點(diǎn)C,M為拋物線的頂點(diǎn).
(1)求這個二次函數(shù)的表達(dá)式;
(2)若將該二次函數(shù)圖象向上平移m(m>0)個單位,使平移后得到的二次函數(shù)圖象的頂點(diǎn)落在△BOC的內(nèi)部(不包含邊界),求m的取值范圍;
(3)點(diǎn)P是拋物線上一動點(diǎn),PQ∥BC交x軸于點(diǎn)Q,當(dāng)以點(diǎn)B,C,P,Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形時,求點(diǎn)P的坐標(biāo).
3.如圖,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=ax2+bx+c與x軸交于A(-1,0)、B兩點(diǎn),其頂點(diǎn)為(1,-4),直線y=x-2與x軸交于點(diǎn)D,與y軸交于點(diǎn)C,點(diǎn)P是x軸下方的拋物線上一動點(diǎn),過P點(diǎn)作PF⊥x軸于點(diǎn)F,交直線CD于點(diǎn)E,設(shè)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為m.
(1)求拋物線的解析式;
(2)若PE=3EF,求m的值;
(3)連接PC,是否存在點(diǎn)P,使△PCE是以PE為底邊的等腰三角形?若存在,請直接寫出m的值;若不存在,請說明理由.
參考答案
類型一
針對訓(xùn)練
1.解:(1)∵邊長為8的正方形OABC的兩邊在坐標(biāo)軸上,以點(diǎn)C為頂點(diǎn)的拋物線經(jīng)過點(diǎn)A,
∴C(0,8),A(-8,0),
設(shè)拋物線的解析式為:y=ax2+c,
則解得:
故拋物線的解析式為:y=-x2+8.
(2)正確,
理由:設(shè)P(a,-a2+8),則F(a,8),
∵D(0,6),
∴PD===a2+2.
∵PF=8-(-a2+8)=a2,
∴PD-PF=2;
(3)在點(diǎn)P運(yùn)動時,DE大小不變,則PE與PD的和最小時,△PDE的周長最小,
∵PD-PF=2,∴PD=PF+2,
∴PE+PD=PE+PF+2,
第1題解圖①
∴如解圖①,當(dāng)P、E、F三點(diǎn)共線時,PE+PF最小,
此時點(diǎn)P,E的橫坐標(biāo)都為-4,
將x=-4代入y=-x2+8,得y=6,
∴P(-4,6),此時△PDE的周長最小,且△PDE的面積為12,點(diǎn)P恰為“好點(diǎn),
∴△PDE的周長最小時“好點(diǎn)”的坐標(biāo)為(-4,6)
由(2)得:P(a,-a2+8),
∵點(diǎn)D、E的坐標(biāo)分別為(0,6),(-4,0),
第1題解圖②
①如解圖②,當(dāng)-4≤a<0時,
S△PDE=S△PEO+S△POD-S△DOE=×4×(-a2+8)+×6×(-a)-×4×6
=-a2-3a+4=-(a+b)2+13,
∴4<S△PDE≤12.
②當(dāng)a=0時,S△PDE=4;
第1題解圖③
③如解圖③,過點(diǎn)P作PN⊥x軸于點(diǎn)N,
當(dāng)-8<a<-4時,
S△PDE=S梯形PNOD-S△PNE-S△DOE
=(-a2+8+6)×(-a)×-×4×6-(-a-4)×(-a2+8)×=-a2-3a+4=-(a+b)2+13,
∴12<S△PDE≤13;
④當(dāng)a=-8時,S△PDE=12,
∴△PDE的面積可以等于4到13的所有整數(shù),在面積為12時,a的值有兩個,
∴面積為整數(shù)時好點(diǎn)有11個,經(jīng)過驗(yàn)證周長最小的好點(diǎn)包含這11個之內(nèi),∴“好點(diǎn)”共有11個.
綜上所述,共有11個,“好點(diǎn)”,P(-4,6).
2.解:(1)由y=-x2+4x-3可得點(diǎn)A的坐標(biāo)為(2,1),
將x=4代入y=-x2+4x-3,得y=-3,
∴B點(diǎn)的坐標(biāo)為(4,-3),
設(shè)拋物線L2的解析式為y=a(x-4)2-3.
將A(2,1)代入,得1=a(2-4)2-3,解得a=1,
∴拋物線L2的表達(dá)式為y=(x-4)2-3;
(2)a1=-a2,理由如下:
∵拋物線L1的頂點(diǎn)A在拋物線L2上,拋物線L2的頂點(diǎn)B在拋物線L1上,
∴可列方程組
整理,得(a1+a2)(m-h(huán))2=0.
∵“伴隨拋物線”的頂點(diǎn)不重合,
∴m≠h,∴a1=-a2.
(3)拋物線L1:y=mx2-2mx-3m的頂點(diǎn)坐標(biāo)為(1,-4m),設(shè)拋物線L2的頂點(diǎn)的橫坐標(biāo)為h,則其縱坐標(biāo)為mh2-2mh-3m,
∴拋物線L2的表達(dá)式為y=-m(x-h(huán))2+mh2-2mh-3m,
化簡,得y=-mx2+2mhx-2mh-3m,
∴點(diǎn)D的坐標(biāo)為(0,-2mh-3m),
又∵點(diǎn)C的坐標(biāo)為(0,-3m),
∴|(-2mh-3m)-(-3m)|=4m,解得h=±2,
∴拋物線L2的對稱軸為直線x=±2.
3.(1)解:設(shè)拋物線的解析式為y=a(x-2)2.
將點(diǎn)B的坐標(biāo)代入得4a=1,解得a=.
∴拋物線的解析式為y=(x-2)2,即y=x2-x+1.
(2)證明:設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(m,(m-2)2),
∴PM=(m-2)2,M(m,0).
依據(jù)兩點(diǎn)間的距離公式可知PF=
=
=
==
(m-2)2+1,
∴PF-PM=1.
∴對于任意點(diǎn)P,PF與PM的差為常數(shù).
(3)解:設(shè)直線CF的解析式為y=kx+3,將點(diǎn)F的坐標(biāo)代入,得2k+3=1,解得k=-1,
∴直線CF的解析式為y=-x+3.
由兩點(diǎn)間的距離公式可知CF=2.
∵a=1,
∴2a=2.
設(shè)在△PCF中,邊CF的上的高線長為x,則×2x=2,解得x=.
如解圖,過點(diǎn)C作CG⊥CF,取CG=.則點(diǎn)G的坐標(biāo)為(-1,2).
第3題解圖
過點(diǎn)G作GH∥FC,設(shè)直線GH的解析式為y=-x+b,將點(diǎn)G的坐標(biāo)代入,得1+b=2,解得b=1,
∴直線GH的解析式為y=-x+1,
令-x+1=(x-2)2,解得x=0,
∴△PCF的一個巧點(diǎn)的坐標(biāo)為(0,1).
顯然,直線GH在CF的另一側(cè)時,直線GH與拋物線有兩個交點(diǎn).
∵F,C為定點(diǎn),
∴CF的長度不變,
∴當(dāng)PC+PF最小時,△PCF的周長最小.
∵PF-PM=1,
∴PC+PF=PC+PM+1,
∴當(dāng)C、P、M在一條直線上時,△PCF的周長最?。?
∴此時P(0,1).
綜上所述,△PCF的巧點(diǎn)有3個,△PCF的周長最小時,“巧點(diǎn)”的坐標(biāo)為(0,1).
4.解:(1)∵直線l:y=x+m經(jīng)過點(diǎn)B(0,-1),
∴m=-1,
∴直線l的解析式為y=x-1.
∵直線l:y=x-1經(jīng)過點(diǎn)C,且點(diǎn)C的橫坐標(biāo)為4,
∴y=×4-1=2.
∵拋物線y=x2+bx+c經(jīng)過點(diǎn)C(4,2)和點(diǎn)B(0,-1),
∴,解得,
∴拋物線的解析式為y=x2-x-1;
(2)令y=0,則x-1=0,解得x=,
∴點(diǎn)A的坐標(biāo)為(,0),
∴OA=.
在Rt△OAB中,OB=1,
∴AB===.
∵DE∥y軸,
∴∠ABO=∠DEF,
在矩形DFEG中,EF=DE·cos∠DEF=DE·=DE,DF=DE·sin∠DEF=DE·=DE,
∴l(xiāng)=2(DF+EF)=2(+)DE=DE.
∵點(diǎn)D的橫坐標(biāo)為t(0<t<4),
∴D(t,t2-t-1),E(t,t-1),
∴DE=(t-1)-(t2-t-1)=-t2+2t,
∴l(xiāng)=×(-t2+2t)=-t2+t,
∵l=-(t-2)2+,且-<0,
∴當(dāng)t=2時,l有最大值.
(3)“落點(diǎn)”的個數(shù)為4,如解圖①,解圖②,解圖③,解圖④所示.
圖①
圖②
圖③
圖④
第4題解圖
如解圖③,設(shè)點(diǎn)A1的橫坐標(biāo)為m,則點(diǎn)O1的橫坐標(biāo)為m+,
∴m2-m-1=(m+)2-(m+)-1,
解得m=,
如解圖④,設(shè)點(diǎn)A1的橫坐標(biāo)為m,則點(diǎn)B1的橫坐標(biāo)為m+,B1的縱坐標(biāo)比點(diǎn)A1的縱坐標(biāo)大1,
∴m2-m-1+1=(m+)2-(m+)-1,解得m=,
∴旋轉(zhuǎn)180°時點(diǎn)A1的橫坐標(biāo)為或.
類型二
針對訓(xùn)練
1.解:(1)將點(diǎn)A,B的坐標(biāo)代入拋物線解析式,得:
解得
∴拋物線的解析式為y=-x2+4x+5,
(2)∵點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為m,
∴P(m,-m2+4m+5),E(m,-m+3),F(xiàn)(m,0),
∴PE=|yP-yE|=|(-m2+4m+5)-(-m+3)|=|m2+m+2|,
EF=|yE-yF|=|(-m+3)-0|=|-m+3|,
由題意,得PE=5EF,即|-m2+m+2|=5|-m+3|=|-m+15|.
①若-m2+m+2=-m+15,整理,得2m2-17m+26=0,
解得m=2或m=;
②若-m2+m+2=-(-m+15),整理,得m2-m-17=0,
解得m=或m=.
由題意,得m的取值范圍為-1<m<5,故m=,m=這兩個解不符合題意,
∴m=2或m=.
(3)假設(shè)存在.
作出示意圖如解圖:∵點(diǎn)E、E′關(guān)于直線PC對稱,
∴∠1=∠2,CE=CE′,PE=PE′.
∵PE平行于y軸,∴∠1=∠3,
∴∠2=∠3,∴PE=CE,
∴PE=CE=PE′=CE′,即四邊形PECE′是菱形.
當(dāng)四邊形PECE′是菱形存在時,
由直線CD的解析式y(tǒng)=-x+3,可得OD=4,OC=3,由勾股定理,得CD=5,
過點(diǎn)E作EM∥x軸,交y軸于點(diǎn)M,易得△CEM∽△CDO,
∴=,即=,解得CE=|m|,
∴PE=CE=|m|,又由(2)可知:PE=|-m2+m+2|,
∴|-m2+m+2|=|m|.
①若-m2+m+2=m,整理,得2m2-7m-4=0,解得m=4或m=-;
②若-m2+m+2=-m,整理,得m2-6m-2=0,解得m1=3+,m2=3-.
由題意,得m的取值范圍為-1<m<5,故m=3+這個解舍去,
當(dāng)四邊形PECE′是菱形這一條件不存在時,
此時P點(diǎn)橫坐標(biāo)為0,E,C,E′三點(diǎn)重合于y軸上,也符合題意,
∴P(0,5).
綜上所述,存在滿足條件的點(diǎn)P,可求得點(diǎn)P的坐標(biāo)為(0,5)或(-或)或(4,5)或(3-,2-3).
第1題解圖
2.解:(1)∵拋物線y=ax2+bx-2(a≠0)與x軸交于A(1,0),B(3,0)兩點(diǎn),
∴解得
∴拋物線的解析式為y=-x2+x-2;
(2)如解圖①,由(1)知y=-x2+x-2=-(x-2)2+;
∵D為拋物線的頂點(diǎn),
∴D(2,).
∵一動點(diǎn)M從點(diǎn)D出發(fā),以每秒1個單位的速度沿平行與y軸平行的方向向上運(yùn)動,
∴設(shè)M(2,m)(m>),
∴OM2=m2+4,BM2=m2+1,OB2=9.
∵∠OMB=90°,
∴OM2+BM2=OB2,
∴m2+4+m2+1=9,
解得m=或m=-(舍去),
∴M(2,),
∴MD=-.
∴t=-;
圖①
圖②
第2題解圖
(3)存在點(diǎn)P,使得∠PBF被BA平分,
如解圖②,∴∠PBO=∠EBO,
∵E(0,-1),
∴在y軸上取一點(diǎn)N(0,1).
∵B(3,0),
∴直線BN的解析式為y=-x+1①.
∵點(diǎn)P在拋物線y=-x2+x-2②上,
聯(lián)立①②,得
解得,或,
∴P(,).
3.解:(1)∵拋物線y=ax2+bx+2經(jīng)過A(-1,0),B(2,0),
∴將點(diǎn)A和點(diǎn)B的坐標(biāo)代入,得解得
∴拋物線的解析式為y=-x2+x+2.
(2)直線y=mx+交拋物線與A,Q兩點(diǎn),把A(-1,0)代入解析式,得m=,
∴直線AQ的解析式為y=x+.
設(shè)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為n,則P(n,-n2+n+2),N(n,n+),F(xiàn)(n,0),
∴PN=-n2+n+2-(n+)=-n2+n+,NF=n+.
∵PN=2NF,∴-n2+n+=2×(n+),解得n=-1或.
當(dāng)n=-1時,點(diǎn)P與點(diǎn)A重合,不符合題意舍去.
∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為(,).
(3)∵y=-x2+x+2,=-(x-)2+,
∴M(,).
如解圖所示,連接AM交直線DE與點(diǎn)G,連接CG,CM此時,△CMG的周長最?。?
第3題解圖
設(shè)直線AM的函數(shù)解析式為y=kx+b,且過A(-1,0),M(,),
根據(jù)題意,得解得
∴直線AM的函數(shù)解析式為y=x+.
∵D為AC的中點(diǎn),
∴D(-,1).
設(shè)直線AC的解析式為y=kx+2,將點(diǎn)A的坐標(biāo)代入,得-k+2=0,解得k=2,
∴直線AC的解析式為y=2x+2.
設(shè)直線DE的解析式為y=-x+c,將點(diǎn)D的坐標(biāo)代入,得+c=1,解得c=,
∴直線DE的解析式為y=-x+.
將y=-x+與y=x+聯(lián)立,解得x=-,y=,
∴在直線DE上存在一點(diǎn)G,使△CMG的周長最小,此時G(-,).
4.解:(1)∵拋物線y=ax2+bx+3(a≠0)與x軸交于點(diǎn)A(-1,0),B(3,0),
∴
解得
∴拋物線的表達(dá)式為y=-x2+2x+3;
(2)存在.
∵拋物線的表達(dá)式為y=-x2+2x+3,
∴點(diǎn)C的坐標(biāo)為(0,3),
∵C(0,3),B(3,0),
∴直線BC的解析式為y=-x+3,
∴過點(diǎn)O與BC平行的直線y=-x,與拋物線的交點(diǎn)即為M,
解方程組
可得或
∴M1(,),M2(,);
第4題解圖
(3)存在.
如解圖,設(shè)BP交y軸于點(diǎn)G.
∵點(diǎn)D(2,m)在第一象限的拋物線上,
∴當(dāng)x=2時,m=-22+2×2+3=3,
∴點(diǎn)D的坐標(biāo)為(2,3),
把x=0代入y=-x2+2x+3,得y=3,
∴點(diǎn)C的坐標(biāo)為(0,3),
∴CD∥x軸,CD=2,
∵點(diǎn)B(3,0),
∴OB=OC=3,
∴∠OBC=∠OCB=45°.
∴∠DCB=∠OBC=∠OCB=45°,
又∵∠PBC=∠DBC,BC=BC,
∴△CGB≌△CDB(ASA),
∴CG=CD=2.
∴OG=OC-CG=1,
∴點(diǎn)G的坐標(biāo)為(0,1),
設(shè)直線BP的解析式為y=kx+1,
將B(3,0)代入,得3k+1=0,
解得k=-,
∴直線BP的解析式為y=-x+1,
令-x+1=-x2+2x+3,
解得x1=-,x2=3,
∵點(diǎn)P是拋物線對稱軸x=-=1左側(cè)的一點(diǎn),即x<1,
∴x=-,
把x=-代入拋物線y=-x2+2x+3中,
解得y=,
∴當(dāng)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(-,)時,滿足∠PBC=∠DBC.
類型三
針對訓(xùn)練
1.解:(1)在直線解析式y(tǒng)=x+2中,令x=0,得y=2,
∴C(0,2).
∵點(diǎn)C(0,2),D(3,)在拋物線y=-x2+bx+c上,
∴
解得
∴拋物線的解析式為y=-x2+x+2.
圖①
圖②
第1題解圖
(2)∵PF∥OC,且以O(shè),C,P,F(xiàn)為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形,
∴PF=OC=2,
∴將直線y=x+2沿y軸上、下平移2個單位之后得到的直線,與拋物線y軸右側(cè)的交點(diǎn)即為所求,
由解圖①可以直觀地看出,這樣的交點(diǎn)有3個,
將直線y=x+2沿y軸向上平移2個單位,得到直線y=x+4,
聯(lián)立解得x1=1,x2=2;
將直線y=x+2沿y軸向下平行移2個單位,得到直線y=x,
聯(lián)立
解得x3=,x4=(不舍題意,舍去),
∴m3=,
∴當(dāng)m的值為1或2或時,以O(shè),C,P,F(xiàn)為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形.
(3)存在.
理由:設(shè)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為m,則P(m,-m2+m+2),F(xiàn)(m,m+2)
如解圖②所示,過點(diǎn)C作CM⊥PE于點(diǎn)M,則CM=m,EM=2,
∴FM=y(tǒng)F-EM=m,
∴tan∠CFM=2,
在Rt△CFM中,由勾股定理,得CF=m,
過點(diǎn)P作PN⊥CD于點(diǎn)N,
則PN=FN·tan∠PFN=FN·tan∠CFM=2FN.
∵∠PCF=45°,
∴PN=CN,
而PN=2FN,
∴FN=CF=m,PN=2FN=m.
在Rt△PFN中,由勾股定理,得PF==m.
∵PF=y(tǒng)P-yF=(-m2+m+2)-(m+2)=-m2+3m,
∴-m2+3m=- m,
整理,得m2-m=0,
解得m=0(舍去)或m=,
∴P(,);
同理求得,另一點(diǎn)為P(,).
∴符合條件的點(diǎn)P的坐標(biāo)為(,)或(,).
2.解:(1)將點(diǎn)A和點(diǎn)B的坐標(biāo)代入得:,
解得:b=-2,c=-3.
∴拋物線的解析式為y=x2-2x-3.
(2)∵y=x2-2x-3=(x-1)2-4,
∴M(1,-4).
把x=0代入拋物線的解析式得:y=-3,
∴C(0,-3).
設(shè)直線BC的解析式為y=kx+b,則
解得:k=1,b=-3.
∴直線BC的解析式為y=x-3.
把x=1代入y=x-3得y=-2,
∵平移后的拋物線的頂點(diǎn)坐標(biāo)在△BOC的內(nèi)部,
∴-2<-4+m<0,解得2<m<4.
(3)當(dāng)點(diǎn)P在點(diǎn)Q的上方時,由平行四邊形的性質(zhì)可知點(diǎn)P的縱坐標(biāo)為3.
把y=3代入拋物的解析式x2-2x-3=3,解得:x=1+或x=1-.
∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為(1+,3)或(1-,3).
當(dāng)點(diǎn)P在點(diǎn)Q的下方時,由平行四邊形的性質(zhì)可知點(diǎn)P的縱坐標(biāo)為-3.
把y=-3代入拋物的解析式x2-2x-3=-3,解得:x=2或x=0(舍去).
∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為(2,-3).
綜上所述,當(dāng)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(1-,3)或(1+,3)或(2,-3)時,以點(diǎn)B,C,P,Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形.
3.解:(1)拋物線的頂點(diǎn)為(1,-4),設(shè)拋物線的解析式為y=a(x-1)2-4,
把A(-1,0)代入,可得0=a(-1-1)2-4,
解得a=1,
∴拋物線的解析式為y=(x-1)2-4 (或y=x2-2x-3);
(2)設(shè)點(diǎn)P的橫坐標(biāo)是m,則P(m,m2-2m-3),E(m,m-2),F(xiàn)(m,0),
PE=|yE-yP|=|(m-2)-(m2-2m-3)|=|-m2+3m+1|,
EF=|-m+2|,
由題意PE=3EF,即:|-m2+3m+1|=3|-m+2|,
①若-m2+3m+1=3(-m+2),
整理,得m2-6m+5=0,
解得m=1或m=5,
令y=x2-2x-3=0,解得x1=-1,x2=3,∴B(3,0),
∵點(diǎn)P在x軸下方,
∴-1<m<3,
∴m=5不合題意,舍去,
∴m=1;
②若-m2+3m+1=-3(-m+2),
整理,得m2-7=0,
解得:m=或m=-,
∵點(diǎn)P在x軸下方,
∴-1<m<3,m=-不合題意,舍去,
∴m=,
綜上所述,m=1或m=;
(3)存在,m的值為或.
理由:直線y=x-2與y軸的夾角為45°,∠PEC=45°,
當(dāng)△PCE是以PE為底邊的等腰三角形時,∠PCE=90°,
故直線PC的解析式為y=-x-2,
聯(lián)立
消掉y得,x2-x-1=0,
解得x=或,
所以點(diǎn)P的橫坐標(biāo)m=或.