高中物理 第十一章 機械振動 4 單擺自主練習 新人教版選修3-41

單擺 我夯基我達標 1.已知在單擺a完成10次全振動的時間內，單擺b完成6次全振動，兩擺長之差為1.6 m，則兩單擺擺長La與Lb分別為（ ) A.La=2.5 m，Lb=0.9 m B.La=0.9 m，Lb=2.5 m C.La=2.4 m，Lb=4.0 m D.La=4.0 m，Lb=2.4 m 思路解析：單擺完成一次全振動所需的時間叫單擺振動周期，據題設可知a、b兩擺的周期之比為：，由單擺周期公式T=2π得：，據題設Lb-La=1.6 m，聯立解得La=0.9 m，Lb=2.5 m. 答案：B 2.在一個單擺裝置中，擺動物體是個裝滿水的空心小球，球的正下方有一小孔，當擺開始以小角度擺動時，讓水從球中連續(xù)流出，直到流完為止，由此擺球的周期將（ ) A.逐漸增大 B.逐漸減小 C.先增大后減小 D.先減小后增大 思路解析：單擺小角度擺動，做簡諧運動的周期為T=2π，式中l(wèi)為擺長，其值為懸點到擺動物體重心之間的距離，當小球裝滿水時，重心在球心，水流完后，重心也在球心，但水剛流出過程中重心要降低，因此，在水的整個流出過程中，重心位置先下降后上升，即擺長l先增大后減小，所以擺動周期將先增大后減小. 答案：C 3.若單擺的擺長不變，擺球質量變?yōu)樵瓉淼?倍，擺球經過平衡位置的速度減為原來的1/2，則該單擺振動的（ ) A.頻率變大，振幅變小 B.頻率變小，振幅變大 C.頻率不變，振幅變小 D.頻率不變，振幅變大 思路解析：當擺球質量變?yōu)樵瓉淼?倍，經過平衡位置的速度減為原來的時，動能變成原來的，所以振幅變小.單擺的振動周期與擺球質量及振幅無關，所以周期不變，頻率也就不變. 答案：C 4.如圖11-4-3所示，MN為半徑較大的光滑圓弧軌道一部分，把小球A放在MN的圓心處，再把另一小球B放在MN上離最低點C很近的B處.今使兩球同時釋放，則在不計空氣阻力時有 （ ) 圖11-4-3 A.A球先到達C點 B.B球先到達C點 C.兩球同時到達C點 D.無法確定哪一個球先到達C點 思路解析：A球做自由落體運動，很容易求出到達C點的時間，而B球在MN上擺動，在振幅很小的情況下，做簡諧運動，周期與單擺周期類似，為T=2π，其中l(wèi)為MN的半徑，所以B球從B→C的時間為T/4，從而比較A、B兩球到達C點時間的長短. 答案：A 5.如圖11-4-4所示，兩根長度均為L的細線下端拴一質量為m的小球，兩線間夾角為α.今使擺球在垂直于紙面的平面內做小幅度振動，求其振動周期. 圖11-4-4 思路解析：當雙線擺在垂直于紙面內做小幅度振動時，其等效擺長為l=Lcos，故此雙線擺的振動周期為：T=2π. 答案：T= 6.有一擺鐘的擺長為L1時，在某一標準時間內快a分鐘，若擺長為L2時，在同一標準時間內慢b分鐘，求為使其準確，擺長應為多長？（可把鐘擺視為擺角很小的單擺） 思路解析：解法一：設該標準時間為t s，準確擺鐘擺長為L m，走時快的鐘周期為T1 s，走時慢的鐘周期為T2 s，準確的鐘周期為T s.不管走時準確與否，鐘擺每完成一次全振動，鐘面上顯示的時間都是T s. 由各擺鐘在t s內鐘面上顯示的時間求解 對快鐘：t+60a= ① 對慢鐘：t-60b= ② 聯立解①②式，可得= 最后可得L=. 解法二：由各擺鐘在t s內的振動次數關系求解：設快鐘在t s內全振動次數為n1，慢鐘為n2，準確的鐘為n0.顯然，快鐘比準確的鐘多振動了次，慢鐘比準確的鐘少振動了次，故： 對快鐘：n1= ① 對慢鐘：n2= ② 聯解①②式，并利用單擺周期公式T=2π 同樣可得l=. 答案：l=. 7.在單擺懸點正下方距懸點處有一小釘C，從而使單擺左右擺動時，其擺長發(fā)生改變，已知擺長為l，求其周期. 思路解析：由于C處小釘對線擺到左側時的阻擋作用，促使右側半周期擺長為，故而全程T=π(+). 答案：T=π(+) 我綜合我發(fā)展 8.圖11-4-5中兩單擺擺長相同，平衡時兩擺球剛好接觸，現將擺球A在兩擺球所在平面內向左拉開一小角度后釋放，碰撞后，兩擺球分開，各自做簡諧運動.以ma、mb分別表示擺球A、B的質量，則（ ) 圖11-4-5 A.如果ma＞mb，下一次碰撞將發(fā)生在平衡位置右側 B.如果ma＜mb，下一次碰撞將發(fā)生在平衡位置左側 C.無論兩擺球的質量之比是多少，下一次碰撞都不可能在平衡位置右側 D.無論兩擺球的質量之比是多少，下一次碰撞都不可能在平衡位置左側 思路解析：A、B兩球碰撞后，B球一定向右擺動，A球可能向右，也可能向左擺，還可能停下來. 由于兩球擺長相同，因此擺動的周期相同，它們在T時回到平衡位置而發(fā)生第二次碰撞. 答案：CD 9.如圖11-4-6所示是單擺振動示意圖，正確的說法是（ ) 圖11-4-6 A.在平衡位置擺球的動能和勢能均達到最大值 B.在最大位移處勢能最大，而動能最小 C.在平衡位置繩子的拉力最大，擺球速度最大 D.擺球由A→C運動時，動能變大，勢能變小 思路解析：單擺的振動是簡諧運動，機械能守恒，遠離平衡位置運動，位移變大，勢能變大，而動能減小；反之，向平衡位置運動時，動能變大而勢能變小，故B、D正確，A錯.小球在平衡位置只受重力和繩子拉力，在平衡位置C，拉力F=mg+mv2/r，由上述分析知，平衡位置時動能最大，即v最大，故F也最大，所以C正確. 答案：BCD 10.(2006天津高考)一單擺做小角度擺動，其振動圖象如圖11-4-7所示，以下說法正確的是（ ) 圖11-4-7 A.t1時刻擺球速度最大，懸線對它的拉力最小 B.t2時刻擺球速度為零，懸線對它的拉力最小 C.t3時刻擺球速度為零，懸線對它的拉力最大 D.t4時刻擺球速度最大，懸線對它的拉力最大 思路解析：設擺長為l，擺球質量為m，繩的拉力為T，擺球經過平衡位置時，根據牛頓第二定律與圓周運動知識可知，T-mg=m，則T=mg+m，只有擺球速度最大時，懸繩的拉力最大，故D選項正確. 答案：D 11.(2006上海高考)有一測量微小時間差的裝置，是由兩個擺長略有微小差別的單擺同軸水平懸掛構成．兩個單擺擺動平面前后相互平行. （1）現測得兩單擺完成50次全振動的時間分別為50.0 s和49.0 s，則兩單擺的周期差ΔT＝____________ s； （2）某同學利用此裝置測量小于單擺周期的微小時間差，具體操作如下：把兩擺球向右拉至相同的擺角處，先釋放長擺擺球，接著再釋放短擺擺球，測得短擺經過若干次全振動后，兩擺恰好第一次同時同方向通過某位置，由此可得出釋放兩擺的微小時間差．若測得釋放兩擺的時間差Δt＝0.165 s，則在短擺釋放____________ s（填時間）后，兩擺恰好第一次同時向____________（填方向）通過____________ （填位置）； （3）為了能更準確地測量微小的時間差，你認為此裝置還可以做的改進是______________. 思路解析：此題做法從物理學原理方面來說，有點類似于游標卡尺，由于兩擺的周期之差為0.02 s，所以擺動一個周期時間內相差0.02 s，要使兩擺球第一次同時同方向通過某位置，必然兩擺球振動的位相是一樣的，所以要把0.165 s在n次周期內分配完，則求得n=8.25，所以兩擺球振動次數為8.25，則同時達到左邊最高點（因它們都是從右邊開始釋放）.短擺運動時間為8.250.98 s＝8.085 s. 用公式表示，設長擺運動時間為t，則為ω1t＝ω2(t-Δt)，代入數據有：0.02t=0.165，解得t=8.25 s，因長擺的周期為1 s，故長擺的振動次數也為8.25，此時位置為平衡位置且向左運動，短擺運動時間為8.25-0.165 s=8.085 s. 答案：（1）0.02 （2）8.085 左 平衡位置 （3）增大兩擺擺長，同時使周期之差減小 12.有一單擺，在地球表面為秒擺，已知月球表面的重力加速度約為地球表面重力加速度的1/6. （1）將該單擺置于月球表面，其周期多大？ （2）若將擺長縮短為原來的1/2，在月球表面時此擺的周期多大？ （3）該秒擺的擺長多少？（g=9.8 m/s2） 思路解析：（1）T月=2π…①.T地=2π…② 因秒擺的周期為2秒，則①式除以②式，T月=T地=4.9 s. （2）T月=T地=s=3.5 s （3）l地=（）2g地=（）29.8 m=0.99 m 答案：（1）T月=4.9 s（2）T月=3.5 s（3）T地=0.99 m 13.一架擺鐘，在某地使用時發(fā)現，擺長為l1時，每天快t時間；擺長為l2時，每天慢t時間.試分析計算擺長l多大時，這架擺鐘才能準確計時. 思路解析：設一天的時間為t0 擺長為l1時，周期T1=2π，一天擺動次數為n1= 擺長為l2時，周期T2=2π，一天擺動次數為n1= 擺長為l時，周期T=2π，一天擺動的次數n=，能準確計時. 根據題意可列方程 T（n1-n）=T(n-n2) 經計算，可得準確計時時擺長應為l=. 答案：l= 14.兩個同學想測一下單擺的周期，來驗證一下T=2π是否正確，可是現在只有尼龍細線、鋼球、刻度尺等物品，找不到計時器.他們利用現有儀器能否測出單擺的周期？ 思路解析：正常人心臟每跳動一次的時間約為0.8 s，單擺開始振動時，一個同學記錄單擺振動次數，一個數自己的脈搏，同時進行.設單擺振動n1次時間內脈搏跳動了n2次，單擺周期為T，振動時間為t. t=n1T=0.8n2 所以T=0.8.