【高考復習方案2015年高三數學（文科）二輪復習(浙江省專用) 專題限時集訓12

《【高考復習方案2015年高三數學（文科）二輪復習(浙江省專用) 專題限時集訓12》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《【高考復習方案2015年高三數學（文科）二輪復習(浙江省專用) 專題限時集訓12（6頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、專題限時集訓(十二) [第12講　空間角] (時間：5分鐘＋40分鐘) 基礎演練 1．在正方體AC1中，直線AA1與平面AC所成的角等于(　　) A．30° B．45° C．60° D．90° 2．在長方體ABCD-A1B1C1D1中，AB＝BC＝2，A1D與BC1所成的角為，則BC1與平面BB1D1D所成角的正弦值為(　　) A．. B． C． D．. 3．如果一個二面角的兩個半平面分別垂直于另一個二面角的兩個半平面，那么這兩個二面角的大小關系是(　　) A．相等 B．互補 C．相等或互補 D．大小不確定 4．如圖1

2、2-1是某個正方體的側面展開圖，l1，l2是兩條側面對角線，則在正方體中，l1與l2(　　) 圖12-1 A．互相平行 B．異面且互相垂直 C．異面且夾角為 D．相交且夾角為 提升訓練 5．在三棱柱ABC-A1B1C1中，各棱長相等，側棱垂直于底面，點D是側面BB1C1C的中心，則AD與平面BB1C1C所成角的大小是(　　) A．30° B．45° C．60° D．90° 6．如圖12-2所示，已知六棱錐P-ABCDEF的底面是正六邊形，PA⊥平面ABC，PA＝2AB，則下列結論中正確的是(　　) 圖12-2 A．PB⊥AD B．

3、平面PAB⊥平面PBC C．直線BC∥平面PAE D．直線PD與平面ABC所成的角為45° 7．已知正方體ABCD-A1B1C1D1中，E，F分別為BB1，CC1的中點，那么異面直線AE與D1F所成角的余弦值為(　　) A．. B．. C． D． 8．夾在兩平行平面間的線段AB，CD的長分別為2和，若AB與這兩個平行平面所成的角為30°，則CD與這兩個平行平面所成的角為(　　) A．30° B．45° C．60° D．90° 9. 如圖12-3所示，正方體ABCD-A1B1C1D1中，截面C1D1AB與底面ABCD所成二面角C1-A

4、B-C的大小為________． 圖12-3 10．等邊三角形ABC與正方形ABDE有一公共邊AB，二面角C-AB-D為直二面角，M，N分別是AC，BC的中點，則EM，AN所成角的余弦值為________． 11．如圖12-4所示，在正方體ABCD-A1B1C1D1中，M，N分別是CD，CC1的中點，則異面直線A1M與DN所成角的大小是________． 圖12-4 12．在Rt△AOB中，∠OAB＝，斜邊AB＝4.把Rt△AOB以直線AO為軸旋轉得到Rt△AOC，且二面角B-AO-C是直二面角，動點D在斜邊AB上． (1)求證：平面COD⊥平面AOB； (2)當A

5、D＝DB時，求異面直線AO與CD所成角的正切值； (3)求CD與平面AOB所成最大角的正切值． 圖12-5 13．如圖12-6所示，四棱錐P-ABCD中，底面ABCD為平行四邊形，AB＝2AD＝4，BD＝2，PD⊥底面ABCD. (1)證明：平面PBC ⊥平面PBD； (2)若二面角P-BC-D的大小為 ，求AP與平面PBC所成角的正弦值． 圖12-6 14．如圖12-7所示，在三棱柱ABC-A1B1C1中，平面ABB1A1⊥平面AA1C1C，∠BAA

6、1＝90°， ∠CAA1＝120°，AB＝AC＝AA1＝2，D是棱CC1的中點． (1)求證：AD⊥A1B; (2)求二面角D-A1B-A的正切值． 圖12-7 專題限時集訓(十二) 【基礎演練】 1．D　[解析] AA1⊥平面AC，故所成角為90°. 2．C　[解析] 當A1D與BC1所成的角為時，長方體為正方體，連接B1D1和 A1C1，交于O點，連接BO，易證A1C1⊥平面BB1D1D，則BC1與平面BB1D1D所成的角就是∠BC1O＝30°，正弦值為. 3．D　[解析] 如果兩個二面角的棱不平行，其大小沒關系． 4．D　[解析] 把展開圖還原

7、為直觀圖，則l1，l2是正方體中位于同一個頂點處的兩個面的面對角線，故一定相交且夾角為. 5．C　[解析] 如圖，取BC的中點E，連接DE，AE，AD，依題意知三棱柱為正三棱柱，易得AE⊥平面BB1C1C，故∠ADE為AD與平面BB1C1C所成的角．設各棱長為1，則AE＝，DE＝，tan∠ADE＝＝＝， ∴∠ADE＝60°. 6．D　[解析] ∵AD與PB在平面ABC內的射影AB不垂直，∴A不成立；∵平面PAB⊥平面PAE，∴平面PAB⊥平面PBC也不成立；∵BC∥AD，∴BC∥平面PAD，∴直線BC∥平面PAE也不成立；在Rt△PAD中，PA＝AD＝2AB，∴∠PDA＝4

8、5°，∴D正確． 7．C　[解析] 根據已知條件，連接DF，則由DF∥AE可知 ∠DFD1或其補角為異面直線AE與D1F所成的角．設正方體的棱長為2，則可以求得DF＝D1F＝，DD1＝2，再由余弦定理可得cos∠DFD1＝＝＝. 8．B　[解析] 過A作另一平面的垂線段AO，垂足為O，連接BO，可知∠ABO＝30°，由AB＝2得AO＝1.又因為兩平面平行，所以點C到另一平面的垂線段的長等于AO的長，故CD與兩個平行平面所成的角的正弦值為＝，所以CD與這兩個平行平面所成的角為45°. 9．45°　[解析] AB⊥BC，AB⊥BC1，則∠C1BC為二面角C1-AB-C的平面角，大小為45°.

9、 10．　[解析] 如圖所示，G為DE的中點，易證四邊形MNGE為平行四邊形，則NG∥EM，∠ANG即為EM，AN所成角．設正方形的邊長為2，則AN＝，AG＝，NG＝EM＝，所以cos∠ANG＝＝. 11．90°　[解析] 連接D1M，易得DN⊥A1D1，DN⊥D1M， 所以DN⊥平面A1MD1， 又A1M?平面A1MD1，所以DN⊥A1M，故夾角為90°. 12. 解：(1)證明：由題意，CO⊥AO，BO⊥AO， ∴∠BOC是直二面角B-AO-C的平面角， ∴CO⊥BO.又∵AO∩BO＝O，∴CO⊥平面AOB. 又CO?平面COD，平面COD⊥平面AOB. (2

10、)作DE⊥OB，垂足為E，連接CE(如圖所示)，則DE∥AO， ∴∠CDE是異面直線AO與CD所成的角． 在Rt△COB中，易得CO＝BO＝2，OE＝BO＝， ∴CE＝＝. 又DE＝AO＝， ∴在Rt△CDE中，tan∠CDE＝＝. ∴異面直線AO與CD所成角的正切值為. (3)由(1)知，CO⊥平面AOB， ∴∠CDO是CD與平面AOB所成的角，且tan∠CDO＝＝. 當OD最小時，∠CDO最大，這時，OD⊥AB，垂足為D，OD＝＝，tan∠CDO＝， 所以CD與平面AOB所成最大角的正切值為. 13．解： (1)證明：∵CD2＝BC2＋BD2，∴BC⊥BD. 又∵P

11、D⊥底面ABCD，BC?平面ABCD，∴PD⊥BC. 又∵PD∩BD＝D，∴BC⊥平面PBD. 又BC?平面PBC，∴平面PBC⊥平面PBD. (2)由(1)知，BC⊥平面PBD ，∴∠PBD即為二面角P-BC-D的平面角，∴∠PBD＝. 又BD＝2，PD⊥BD，∴PD＝2. ∵底面ABCD為平行四邊形，∴DA⊥DB. 分別以DA，DB，DP所在的直線為x軸、y軸、z軸建立空間直角坐標系(如圖所示)， 則A(2，0，0)，B(0，2，0)，C(－2，2，0), P(0，0，2)， ∴＝(－2，0，2)，＝(－2，0，0)，＝(0，－2，2)． 設平面PBC的一個法向量為

12、n＝(a，b，c)，則有即 令b＝1，則c＝－1，∴n＝(0，1，1)， ∴ AP與平面PBC所成角的正弦值為＝＝. 14．解：(1)證明：在平行四邊形AA1C1C中， AC＝AA1＝2，∠CAA1＝120°， 且D是棱CC1的中點， ∴AD⊥AA1. 又∵平面ABB1A1⊥平面AA1C1C，平面ABB1A1∩平面AA1C1C＝AA1， ∴AD⊥平面ABB1A1. 又A1B?平面ABB1A1，∴AD⊥A1B. (2)過A作AE⊥A1B，垂足為E，連接DE. 由(1)已得AD⊥A1B，∴A1B⊥平面AED， ∴∠AED為二面角D-A1B-A的平面角． 又AE＝，AD＝， ∴在Rt△AED中，tan∠AED＝＝＝， ∴二面角D-A1B-A的正切值是.