2020年中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 壓軸專題 圓(含解析)
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2020年中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 壓軸專題 圓(含解析)
《圓》
1.如圖1,△ABD內(nèi)接于⊙O,AD是直徑,∠BAD的平分線交BD于H,交⊙O于點C,連接DC并延長,交AB的延長線于點E,
(1)求證:AE=AD;
(2)若=,求的值;
(3)如圖2,連接CB并延長,交DA的延長線于點F,若AH=HC,AF=6,求△BEC的面積.
解:(1)∵AD是直徑,
∴∠ACD=90°,即AC⊥ED,
BD是∠BAD的平分線,
故AE=AD;
(2)=,則設(shè)BE=3a,AB=2a,AD=AE=5a,
O交BD于點G,
BD是∠BAD的平分線,則,
則OC⊥BD,
故OC∥AB,則OC是△ADE的中位線,
則OG=AB=a,OC=AD=,
則CG=OC﹣OG=,
∵CG∥AB,則=;
(3)設(shè):OG=m,則AB=2m,
當(dāng)AH=HC時,由(2)知,△AHB≌△CHG(AAS),
則AB=CG=2m,則OC=3m,即圓的半徑為3m,
∵AB∥CO,則,即,
解得:m=1,
故AB=2,AD=6,BE=4,
則BD==4,
∵EC=DC,
則△BEC的面積=S△EBD=×BE×BD=×4×4=4.
2.如圖,AB是⊙O的直徑,M是OA的中點,弦CD⊥AB于點M,過點D作DE⊥CA交CA的延長線于點E.
(1)連接AD,求∠OAD;
(2)點F在上,∠CDF=45°,DF交AB于點N.若DE=,求FN的長.
解:(1)如圖1,連接OD,
∵是⊙的直徑,于點
∴AB垂直平分CD,
∵M是OA的中點,
∴,
∴,
∴∠DOM=60°,
∵AO=OD,
∴△OAD是等邊三角形,
∴∠OAD=60°;
(2)如圖2,連接CF,CN,
∵OA⊥CD于點M,
∴點M是CD的中點,
∴AB垂直平分CD,
∴NC=ND,
∵∠CDF=45°,
∴∠NCD=∠NDC=45°,
∴∠CND=90°,
∴∠CNF=90°,
由(1)可知,∠AOD=60°,
∴∠ACD=30°,
又∵DE⊥CA交CA的延長線于點E,
∴∠E=90°,
∵∠ACD=30°,DE=.
∴CD=2DE=2,
∴CN=CD?sin45°=2,
由(1)可知,∠CAD=2∠OAD=120°,
∴∠F=180°﹣120°=60°,
在Rt△CFN中,F(xiàn)N=.
3.如圖1,銳角△ABC,AB=AC,⊙O是△ABC的外接圓,連接BO并延長交AC于點D,
(1)若∠BDC=30°,求∠BAC的度數(shù);
(2)如圖2,當(dāng)0°<∠BAC<60°時,作點C關(guān)于BD的對稱點E,連接AE、DE,DE交AB于F.
①點E在⊙O 上?。ㄟx填“內(nèi)”、“上”、“外”);
②證明:∠AEF=∠EAB;
③若△BDC為等腰三角形,AD=2,求AE的長.
解:(1)延長BD交圓O于點G,連結(jié)CG,如圖:
∵,
∴∠A=∠G,
∵直徑BG,
∴∠BCG=90°,
∵AB=AC,
∴∠BCA=∠CBA,
設(shè)∠BCA=∠CBA=α,則∠A=∠G=180°﹣2α,∠DCG=90°﹣α,
∴∠BDC=∠G+∠DCG=180°﹣2α+90°﹣α=30°,
∴α=80°,
∴∠BAC=∠G=180°﹣2×80°=20°;
(2)連結(jié)OC、OE,延長BD交圓O于點M,連結(jié)CM,如圖:
①∵C、E是關(guān)于BD的對稱點,
∴OC=OE,
∴點E在⊙O上,
故答案為:上;
②證明:∵C、E是關(guān)于BD的對稱點,
∴,∠2=∠3,
∴∠4=∠5=∠M,
設(shè)∠1=∠ABC=x,則∠4=∠5=∠M=180°﹣2x,∠6=90°﹣x,
∴∠2=∠3=∠M+∠6=270°﹣3x,
∴∠AEF=∠EDC﹣∠EAD=2∠3﹣2∠4=2(270°﹣3x)﹣2(180°﹣2x)=180°﹣2x,
∴∠AEF=∠5=180°﹣2x,
即∠AEF=∠EAB;
③∵∠1=∠ABC>∠DBC,
∴BD>DC,
∵△BDC為等腰三角形,
∴分兩種情況討論:
(Ⅰ)當(dāng)BD=BC時,∠1=∠2,即x=270°﹣3x,
解得:x=67.5°,
∴∠4=45°<60°,滿足題意,此時△AED為等腰直角三角形,AE=AD=2,
∴AE=2;
(Ⅱ)當(dāng)DC=BC時,∠2=∠DBC,即270°﹣3x=180°﹣2x,
解得:x=90°,
∴∠4=0°,不滿足0°<∠BAC<60°;
綜上所述:AE=2.
4.如圖,AB是⊙O的直徑,點C、D在⊙O上,AD與BC相交于點E.連接BD,作∠BDF=∠BAD,DF與AB的延長線相交于點F.
(1)求證:DF是⊙O的切線;
(2)若DF∥BC,求證:AD平分∠BAC;
(3)在(2)的條件下,若AB=10,BD=6,求CE的長.
解:(1)連接OD,CD,
∵AB是直徑,
∴∠ADB=90°,
∴∠ADO+∠ODB=90°,
∵OA=OD,
∴∠BAD=∠ADO,
∵∠BDF=∠BAD,
∴∠BDF+∠ODB=90°,
∴∠ODF=90°,
∴OD⊥DF,
∴DF是⊙O的切線;
(2)∵DF∥BC,
∴∠FDB=∠CBD,
∵=,
∴∠CAD=∠CBD,且∠BDF=∠BAD,
∴∠CAD=∠BAD=∠CBD=∠BDF,
∴AD平分∠BAC;
(3)∵AB=10,BD=6,
∴AD===8,
∵∠CBD=∠BAD,∠ADB=∠BDE=90°,
∴△BDE∽△ADB,
∴,
∴,
∴DE=,
∴AE=AD﹣DE=,
∵∠CAD=∠BAD,
∴sin∠CAD=sin∠BAD
∴
∴
∴CE=
5.如圖1,在平面直角坐標(biāo)系中,⊙O1與x軸相切于點A(﹣3,0),與y軸相交于B、C兩點,且BC=8,連接AB.
(1)求證:∠ABO1=∠ABO;
(2)求AB的長;
(3)如圖2,⊙O2經(jīng)過A、B兩點,與y軸的正半軸交于點M,與O1B的延長線交于點N,求出BM﹣BN的值.
(1)證明:如圖1﹣1,連接AO1,
∵⊙O1與x軸相切于點A,
∴∠OAO1=90°,
又∠AOB=90°,
∴∠OAO1+∠AOB=180°,
∴AO1∥OB,
∴∠ABO=∠O1AB,
∵O1A=O1B,
∴∠O1AB=∠ABO1,
∴∠ABO1=∠ABO;
(2)解:如圖1﹣2,過點O1作O1H⊥BC于H,
則CH=BH=BC=4,
∴∠O1HO=∠HOA=∠OAO1=90°,
∴四邊形AO1HO是矩形,
∴AO1=AO=3,
∴在Rt△O1HB中,
O1B==5,
∴HO=O1A=O1B=5,
∴OB=HO﹣BH=1,
∴在Rt△AOB中,
AB===;
(3)解:如圖2,作點B關(guān)于x軸的對稱點B',則點OB'=OB=1,AB=AB',
∴BB'=2,∠AB'O=∠ABO
∴由(1)知,∠ABO=∠ABO1,
∴∠ABO1=∠AB'O,
∴180°﹣∠ABO1=180°﹣∠AB'O,
即∠ABN=∠AB'M,
又∵,
∴∠AMB'=∠N,
∴△AMB'≌△ANB(AAS),
∴MB'=NB,
∴BM﹣BN=BM﹣B'M=BB'=2,
∴BM﹣BN的值為2.
6.如圖,P是直徑AB上的一點,AB=6,CP⊥AB交半圓于點C,以BC為直角邊構(gòu)造等腰Rt△BCD,∠BCD=90°,連接OD.
小明根據(jù)學(xué)習(xí)函數(shù)的經(jīng)驗,對線段AP,BC,OD的長度之間的關(guān)系進行了探究.
下面是小明的探究過程,請補充完整:
(1)對于點P在AB上的不同位置,畫圖、測量,得到了線段AP,BC,OD的長度的幾組值,如下表:
位置1
位置2
位置3
位置4
位置5
位置6
位置…
AP
0.00
1.00
2.00
3.00
4.00
5.00
…
BC
6.00
5.48
4.90
4.24
3.46
2.45
…
OD
6.71
7.24
7.07
6.71
6.16
5.33
…
在AP,BC,OD的長度這三個量中確定 AP 的長度是自變量, BC 的長度和 OD 的長度都是這個自變量的函數(shù);
(2)在同一平面直角坐標(biāo)系xOy中,畫出(1)中所確定的函數(shù)的圖象;
(3)結(jié)合函數(shù)圖象,推斷:當(dāng)OD=2BC時,線段AP的長度約為 4.5 .
解:(1)由圖表觀察,可看出隨著AP的變化,BC和OD都在發(fā)生變化,且都有唯一確定的值和其對應(yīng),所以AP的長度是自變量,BC和OD的長度都是這個自變量的函數(shù),
故答案分別為:AP,BC,OD;
(2)如右圖,可先描點,再畫出如圖所示圖象;
(3)由圖象可推斷:當(dāng)OD=2BC時,線段AP的長度約為4.5,
故答案為:4.5.
7.如圖,以△ABC的BC邊上一點O為圓心的圓,經(jīng)過A、B兩點,且與BC邊交于點E,D為BE的下半圓弧的中點,連接AD交BC于F,若AC=FC.
(1)求證:AC是⊙O的切線;
(2)若BF=8,DF=,求⊙O的半徑.
(3)過點B作⊙O的切線交CA的延長線于G,如果連接AE,將線段AC以直線AE為對稱軸作對稱線段AH,點H正好落在⊙O上,連接BH,求證:四邊形AHBG為菱形.
(1)證明:如圖1,連接OA,OD,
則∠OAF=∠D,
∵D為BE的下半圓弧的中點,
∴,
∴∠EOD=∠BOD=×180°=90°,
∴∠OFD+∠D=90°,
∵CA=CF,
∴∠CAF=∠CFA=∠OFD,
∴∠CAF+∠∠OAF=90°,
即∠CAO=90°,
∴OA⊥CA,
∴AC是⊙O的切線;
(2)如圖1,設(shè)半徑為r,
則OF=BF﹣OB=8﹣r,
∵在Rt△OFD中,OF2+OD2=DF2,
∴(8﹣r)2+r2=()2,
解得,r1=6,r2=2(舍去),
∴⊙O的半徑為6;
(3)如圖2,連接EH,
由對稱性可知AC=AH,∠CAE=∠HAE,
又∵AE=AE,
∴△CAE≌△HAE(SAS),
∴∠C=∠EHA,
∵,
∴∠EHA=∠ABE,
∴∠C=∠ABE,
∵OA=OB,
∴∠OAB=∠OBA,
∵BE為⊙O的直徑,
∴∠EAB=90°,
∴∠OAB+∠OAE=90°,
又∵∠CAE∠+∠OAE=90°,
∴∠CAE=∠OAB,
∴∠C=∠OBA=∠∠OAB=∠CAE,
∴AC=AB,
∴△CAE≌△BAO(ASA),
∴AE=AO=OE,
∴△AEO是等邊三角形,
∴∠AEO=60°,
∴∠ABE=90°﹣∠AEO=30°,∠AHB=∠AEO=60°,
∴∠ABG=90°﹣∠ABE=60°,
∵CA=AH,CA=AB,
∴AH=AB,
又AHB=60°,
∴△ABH是等邊三角形,
∴AB=BH=AH,
∵GB,GA是⊙O的切線,
∴GB=GA,
又∠ABG=60°,
∴△ABG是等邊三角形,
∴AB=BG=AG,
∴BH=AH=BG=AG,
∴四邊形AHBG是菱形.
8.已知:△ABC是⊙O的內(nèi)接三角形,AB為直徑,AC=BC,D、E是⊙O上兩點,連接AD、DE、AE.
(1)如圖1,求證:∠AED﹣∠CAD=45°;
(2)如圖2,若DE⊥AB于點H,過點D作DG⊥AC于點G,過點E作EK⊥AD于點K,交AC于點F,求證:AF=2DG;
(3)如圖3,在(2)的條件下,連接DF、CD,若∠CDF=∠GAD,DK=3,求⊙O的半徑.
(1)證明:如圖1,連接CO,CE,
∵AB是直徑,
∴∠ACB=90°,
∵AC=BC,
∴∠B=∠CAB=45°,
∴∠COA=2∠B=90°,
∵,
∴∠CAD=∠CED,
∴∠AED﹣∠CAD=∠AED﹣∠CED=∠AEC=∠COA=45°,
即∠AED﹣∠CAD=45°;
(2)如圖2,連接CO并延長,交⊙O于點N,連接AN,過點E作EM⊥AC于M,
則∠CAN=90°,
∵AC=BC,AO=BO,
∴CN⊥AB,
∴AB垂直平分CN,
∴AN=AC,
∴∠NAB=∠CAB,
∵AB垂直平分DE,
∴AD=AE,
∴∠DAB=∠EAB,
∴∠NAB﹣∠EAB=∠CAB﹣∠DAB,
即∠GAD=∠NAE,
∵∠CAN=∠CME=90°,
∴AN∥EM,
∴∠NAE=∠MEA,
∴∠GAD=∠MEA,
又∵∠G=∠AME=90°,AD=EA,
∴△ADG≌△EAM(AAS),
∴AG=EM,AM=DG,
又∵∠MEF+∠MFE=90°,∠MFE+∠GAD=90°,
∴∠MEF=∠GAD,
又∵∠G=∠FME=90°,
∴△ADG≌△EFM(ASA),
∴DG=MF,
∵DG=AM,
∴AF=AM+MF=2DG;
(3)∵∠CDF=∠GAD,∠FCD=∠DCA,
∴△FCD∽△DCA,
∴∠CFD=∠CDA=∠CBA,
∵AC=BC,AB為直徑,
∴△ABC為等腰直角三角形,
∴∠CFD=∠CDA=∠CBA=45°,
∴△GFD為等腰直角三角形,
設(shè)GF=GD=a,則FD=a,AF=2a,
∴==,
∵∠FAK=∠DAG,∠AKF=∠G=90°,
∴△AFK∽△ADG,
∴==,
在Rt△AFK中,
設(shè)FK=x,則AK=3x,
∵FK2+AK2=AF2,
∴x2+(3x)2=(2a)2,
解得,x=a(取正值),
∴FK=a,
在Rt△FKD中,F(xiàn)K2+DK2=FD2,
∴(a)2+32=(a)2,
解得,a=(取正值),
∴GF=GD=,AF=,
∵△FCD∽△DCA,
∴=,
∴CD2=CA?FC,
∵CD2=CG2+GD2,
∴CG2+GD2=CA?FC,
設(shè)FC=n,
則(﹣n)2+()2=(+n)n,
解得,n=,
∴AC=AF+CF=+=,
∴AB=AC=,
⊙O的半徑為.
9.如圖,在?ABCD中,AB=4,BC=8,∠ABC=60°.點P是邊BC上一動點,作△PAB的外接圓⊙O交BD于E.
(1)如圖1,當(dāng)PB=3時,求PA的長以及⊙O的半徑;
(2)如圖2,當(dāng)∠APB=2∠PBE時,求證:AE平分∠PAD;
(3)當(dāng)AE與△ABD的某一條邊垂直時,求所有滿足條件的⊙O的半徑.
解:(1)如圖1,過點A作BP的垂線,垂足為H,作直徑AM,連接MP,
在Rt△ABH中,∠ABH=60°,
∴∠BAH=30°,
∴BH=AB=2,AH=AB?sin60°=2,
∴HP=BP﹣BH=1,
∴在Rt△AHP中,
AP==,
∵AB是直徑,
∴∠APM=90°,
在Rt△AMP中,∠M=∠ABP=60°,
∴AM===,
∴⊙O的半徑為,
即PA的長為,⊙O的半徑為;
(2)當(dāng)∠APB=2∠PBE時,
∵∠PBE=∠PAE,
∴∠APB=2∠PAE,
在平行四邊形ABCD中,AD∥BC,
∴∠APB=∠PAD,
∴∠PAD=2∠PAE,
∴∠PAE=∠DAE,
∴AE平分∠PAD;
(3)①如圖3﹣1,當(dāng)AE⊥BD時,∠AEB=90°,
∴AB是⊙O的直徑,
∴r=AB=2;
②如圖3﹣2,當(dāng)AE⊥AD時,連接OB,OE,延長AE交BC于F,
∵AD∥BC,
∴AF⊥BC,△BFE∽△DAE,
∴=,
在Rt△ABF中,∠ABF=60°,
∴AF=AB?sin60°=2,BF=AB=2,
∴=,
∴EF=,
在Rt△BFE中,
BE===,
∵∠BOE=2∠BAE=60°,OB=OE,
∴△OBE是等邊三角形,
∴r=;
③當(dāng)AE⊥AB時,∠BAE=90°,
∴AE為⊙O的直徑,
∴∠BPE=90°,
如圖3﹣3,過點D作BC的垂線,交BC的延長線于點N,延開PE交AD于點Q,
在Rt△DCN中,∠DCN=60°,DC=4,
∴DN=DC?sin60°=2,CN=CD=2,
∴PQ=DN=2,
設(shè)QE=x,則PE=2﹣x,
在Rt△AEQ中,∠QAE=∠BAD﹣BAE=30°,
∴AE=2QE=2x,
∵PE∥DN,
∴△BPE∽△BND,
∴=,
∴=,
∴BP=10﹣x,
在Rt△ABE與Rt△BPE中,
AB2+AE2=BP2+PE2,
∴16+4x2=(10﹣x)2+(2﹣x)2,
解得,x1=6(舍),x2=,
∴AE=2,
∴BE===2,
∴r=,
∴⊙O的半徑為2或或.
10.已知:四邊形ABCD內(nèi)接于⊙O,連接AC,AB=AD
(1)如圖1,求證:CA平分∠BCD;
(2)如圖2,連接BD交AC于點E,若BD為⊙O直徑,求證:tan∠CAD=;
(3)如圖3,在(2)的條件下,點F為BC中點,連接AF并延長交⊙O于G,若FG=2,tan∠GAD=,求DE的長
.
(1)證明:∵AB=AD,
∴=,
∴∠ACB=∠ACD,
∴CA平分∠BCD;
(2)證明:如圖2,過點D作AC的平行線交BC延長線于Q,
∵=,
∴∠CAD=∠CBD,
∵BD為直徑,
∴∠BCD=90°,
∴tan∠CAD=tan∠CBD=,
∵DQ∥AC
∴∠Q=∠ACB,∠ACD=∠CDQ,
由(1)得∠ACB=∠ACD,
∴∠Q=∠CDQ,
∴CD=CQ,
∵CE∥DQ,
∴DE:EB=CQ:BC,
即DE:EB=CD:CB,
∴tan∠CAD=;
(3)如圖3,過點D、B分別作DH⊥AG于H,BN⊥AG于N,過O作OM⊥AG于M,
∵tan∠GAD=,
∴設(shè)AH=3k,DH=4k,
∵∠BAN+∠NAD=90°,∠NAD+∠ADH=90°,
∴∠BAN=∠ADH,
又∵∠BNA=∠AHD=90°,AB=AD,
∴△ADH≌△BAN(AAS),
∴BN=AH=3k,AN=DH=4k,
∵DH∥OM∥BN,且OB=OD,
∴MH=MN,NH=AN﹣AH=k,
∵OM⊥AG,
∴MA=MG,
∴AH=NG=3k,
∴FN=3k﹣2,
連接CG,過點C作CP∥AB,
則∠ABF=∠PCF,∠BAF=∠P,
又BF=CF,
∴△ABF≌△PCF(AAS),
∴FA=FP,
∵=,
∴∠BAF=∠GCB,
∴∠GCF=∠P,
∴△FCG∽△FPC,
∴CF2=FG?FP,CF=BF,
即BN2+FN2=FG?FA,
∴(3k)2+(3k﹣2)2=2(4k+3k﹣2),
解得k=1 或k=(∵FN>0∴舍去),
∴在Rt△AHD中,
AH=3,DH=4,
∴AD==5,
∴BD=AB=5,
∴BF2=BN2+FN2=(3k)2+(3k﹣2)2=10,
∴BF=,
∴BC=2,
∴在Rt△BCD中,
CD==,
∴tan∠CBD===,
∴DE=BD=.
11.已知:AB、AC是⊙O中的兩條弦,連接OC交AB于點D,點E在AC上,連接OE,∠AEO=∠BDO.
(1)如圖1,若∠CAD=∠COE,求證:=;
(2)如圖2,連接OA,若∠OAB=∠COE,求證:AE=CD;
(3)如圖3,在第(2)問的條件下,延長AO交⊙O于點F,點G在AB上,連接GF,若∠ADC=2∠BGF,AE=5,DG=1,求線段BG的長.
(1)證明:設(shè)OE與AB交于點H,
∵∠CAD=∠COE,∠EHA=∠DHO,
∴∠AEO=∠ODA,
∵∠AEO=∠BDO,
∴∠BDO+∠ADO=180°,
∴∠ADO=∠BDO=90°,
∴OD⊥AB,
∴;
(2)證明:∵∠AEO+∠CEO=180°,∠BDO+∠ADO=180°,
∴∠AEO=∠BDO,
∴∠CEO=∠ADO,
在△CEO和ODA中,
∵∠COE=∠OAD,∠CEO=∠ADO,OC=OA,
∴△CEO≌△ODA(AAS),
∴CE=OD,∠ECO=∠AOD,
∴OA=AC=OC,
∴△AOC為等邊三角形,
∵AE=AC﹣CE,CD=OC﹣OD,
∴AE=CD;
(3)證明:延長FG交OC于點S,延長CO到點T,使OT=OS,連接AT,BF,
設(shè)∠BGF=α,則∠BGF=∠SGD=α,
∵∠ADC=2∠BGF=2α,∠ADC=∠GSD+∠SGD
∴∠DSG=∠DGS=α
∴SD=DG=1
∵AE=CD=5
∴CS=CD﹣SD=4
在△FOS和△AOT中,
∵OS=OT,∠SOF=∠AOT,OF=OA,
∴△FOS≌△AOT(SAS)
∴∠ATO=∠FSO=α,
∵∠ADC=2α,
∴∠DAT=∠DTA=α,
∴AD=DT,
設(shè)OA=OC=AC=r,
∴OT=OS=r﹣4,OD=r﹣5,AD=DT=2r﹣9,
在△ADC中,CD=5,AC=r,AD=2r﹣9,∠ACD=60°,
解△ADC得,r=8,AD=7,
過點D作DK⊥OA,在△DOK中,
∵OD=3,∠DOK=60°,
∴OK=,AK=,cos∠DAK==,
在△ABF中,AB=AF×cos∠DAK=,
∴BG=AB﹣AG=.
12.已知四邊形ABCD為⊙O的內(nèi)接四邊形,直徑AC與對角線BD相交于點E,作CH⊥BD于H,CH與過A點的直線相交于點F,∠FAD=∠ABD.
(1)求證:AF為⊙O的切線;
(2)若BD平分∠ABC,求證:DA=DC;
(3)在(2)的條件下,N為AF的中點,連接EN,若∠AED+∠AEN=135°,⊙O的半徑為2,求EN的長.
(1)證明:如圖1,∵AC為⊙O的直徑,
∴∠ADC=90°,
∴∠DAC+∠DCA=90°.
∵=,
∴∠ABD=∠DCA,
∵∠FAD=∠ABD,
∴∠FAD=∠DCA,
∴∠FAD+∠DCA=90°,
∴CA⊥AF,
∴AF為⊙O的切線.
(2)證明:如圖2,連接OD,∵=,
∴∠ABD=∠AOD,
∵=,
∴∠DBC=∠DOC,
∵BD平分∠ABC,
∴∠ABD=∠DBC,
∴∠DOA=∠DOC,
∴DA=DC.
(3)如圖3,連接OD交CF于M,作EP⊥AD于P,
∵AC為⊙O的直徑,
∴∠ADC=90°.
∵DA=DC,
∴DO⊥AC,
∴∠FAC=∠DOC=90°,
∴AF∥OM,
∵AO=OC,
∴OM=AF.
∵∠ODE+∠DEO=90°,∠OCM+∠DEO=90°.
∴∠ODE=∠OCM.
∵∠DOE=∠COM,OD=OC,
∴∴△ODE≌△OCM,
∴OE=OM,
設(shè)OM=m,
∴AE=2﹣m,AP=PE=2﹣m,DP=2+m,
∵∠AED+∠AEN=135°,∠AED+∠ADE=135°,
∴∠AEN=∠ADE,
∵∠EAN=∠DPE,
∴△EAN∽△DPE,
∴=,
∴=,
∴m=,
∴AN=,AE=,
∴勾股定理得NE=.
13.MN是⊙O上的一條不經(jīng)過圓心的弦,MN=4,在劣弧MN和優(yōu)弧MN上分別有點A,B(不與M,N重合),且,連接AM,BM.
(1)如圖1,AB是直徑,AB交MN于點C,∠ABM=30°,求∠CMO的度數(shù);
(2)如圖2,連接OM,AB,過點O作OD∥AB交MN于點D,求證:∠MOD+2∠DMO=90°;
(3)如圖3,連接AN,BN,試猜想AM?MB+AN?NB的值是否為定值,若是,請求出這個值;若不是,請說明理由.
解:(1)如圖1,
∵AB是⊙O的直徑,
∴∠AMB=90°.
∵,
∴∠AMN=∠BMN=45°.
∵OM=OB,
∴∠OMB=∠OBM=30°,
∴∠CMO=45°﹣30°=15°;
(2)如圖2,連接OA,OB,ON.
∵,
∴∠AON=∠BON.
又∵OA=OB,
∴ON⊥AB.
∵OD∥AB,
∴∠DON=90°.
∵OM=ON,
∴∠OMN=∠ONM.
∵∠OMN+∠ONM+∠MOD+∠DON=180°,
∴∠MOD+2∠DMO=90°;
(3)如圖3,延長MB至點M′,使BM′=AM,連接NM′,作NE⊥MM′于點E.
設(shè)AM=a,BM=b.
∵四邊形AMBN是圓內(nèi)接四邊形,
∴∠A+∠MBN=180°.
∵∠NBM′+∠MBN=180°,
∴∠A=∠NBM′.
∵,
∴AN=BN,
∴△AMN≌△BM′N(SAS),
∴MN=NM′,BM′=AM=a.
∵NE⊥MM′于點E.
∴.
∵ME2+(BN2﹣BE2)=MN2,
∴.
化簡得ab+NB2=16,
∴AM?MB+AN?NB=16.
14.已知,在△PAB中,PA=PB,經(jīng)過A、B作⊙O.
(1)如圖1,連接PO,求證:PO平分∠APB;
(2)如圖2,點P在⊙O上,PA:AB=:2,E是⊙O上一點,連接AE、BE.求tan∠AEB的值;
(3)如圖3,在(2)的條件下,AE經(jīng)過圓心O,AE交PB于點F,過F作FG⊥BE于點G,EF+BG=14,求線段OF的長度.
(1)證明:連接OA,OB,
則OA=OB,
又∵PA=PB,
∴PO垂直平分AB,
∴∴PO平分∠APB;
(2)解:延長PO,交AB于H,過點A作AM⊥PB于M,
由(1)知PH垂直平分AB,
∵PA:AB=:2,
∴設(shè)AB=2,則AP=BP=,AH=BH=1,
∴在Rt△PAH中,
PH==3,
∵S△PAB=AB?PH=PB?AM,
∴2×3=×AM,
∴AM=,
在Rt△PAM中,
PM==,
∴tan∠APM==:=,
∵∠AEB=∠APM,
∴tan∠AEB=;
(3)連接PO并延長,交AB于點H,由(1)知,PH垂直平分AB,
∵AE為直徑,
在Rt△EFG中,tan∠FEG=,
∴設(shè)FG=3x,則EG=4x,EF=5x,
∵EF+BG=14,
∴BG=14﹣5x,
∴∠ABE=90°=∠AHP=∠PHB,
∴PH∥EB,
∴∠HPB=∠GBF,
∴△HPB∽△GBF,
∴==,
∴=,
解得,x=1,
∴EF=5,BE=BG+EG=9+4=13,
∴AB=BE=,
∴AE==,
∴OE=AE=,
∴OF=OE﹣EF=﹣5=,
∴線段OF的長度為.
15.如圖1,在⊙O中,點A為的中點,點D在⊙O上.
(1)求證:∠BAC+2∠ADB=180°;
(2)如圖2,點G為⊙O上一點,DG與BC的延長線交于點K,若∠CBD=2∠ABC,BC=CK,求證:BG=KG;
(3)如圖3,在(2)的條件下,AC與BG的延長線交于點E,CE=3AC=15,BE=10,求線段BD的長.
(1)證明:如圖1,連接DC,
∵點A為的中點,
∴,
∴∠ADB=∠ADC,
∴∠BDC=2∠ADB,
∵四邊形ABCD是圓內(nèi)接四邊形,
∴∠BAC+∠BDC=180°,
∴∠BAC+2∠ADB=180°;
(2)如圖2,連接CG,
∵∠ABC=∠ADC=∠ADB,
∴∠BDC=2∠ABC,
∵∠CBD=2∠ABC,
∴∠BDC=∠CDB,
∴CB=CD,
∵BC=CK,
∴CD=CK,
∴∠CDK=∠K,
∵∠CBD+∠CDB+∠CDK+∠K=180°,
∴∠CBD+∠K=90°,
∴∠BDK=90°,
∴BG為⊙O的直徑,
∴BCG=90°,
∴GC⊥BK,
又∵BC=CK,
∴BG=KG;
(3)∵CE=3AC=15,
∴AC=AB=5,
∵四邊形ABGC是圓內(nèi)接四邊形,
∴∠BAC+∠BGC=180°,
∵∠CGE+∠BGC=180°,
∴∠BAC=∠CGE,
又∵∠E=∠E,
∴△ECG∽△EBA,
∴==,
即==,
∴GE=6,CG=,
∴BG=BE﹣GE=4,
由(2)知,BG=KG,
∴KG=4,
在Rt△BCG中,
BC===5,
∴BK=BC+CK=10,
∵∠BDG=∠GCK=90°,∠K=∠K,
∴△KCG∽△KDB,
∴=,
即=,
∴DB=,
∴線段BD的長為.