(全國(guó)通用)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 微專題20 瞬時(shí)問(wèn)題加練半小時(shí)(含解析)

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1、瞬時(shí)問(wèn)題 [方法點(diǎn)撥] 輕繩、輕桿和接觸面的彈力能跟隨外界條件發(fā)生突變;彈簧(或橡皮繩)的彈力不能突變,在外界條件發(fā)生變化的瞬間可認(rèn)為是不變的. 1.如圖1所示,A、B、C三個(gè)小球的質(zhì)量均為m,A、B之間用一根沒(méi)有彈性的輕繩連在一起,B、C之間用輕彈簧拴接,用細(xì)線懸掛在天花板上,整個(gè)系統(tǒng)靜止,現(xiàn)將A上面的細(xì)線剪斷,使A的上端失去拉力,則在剪斷細(xì)線瞬間,A、B、C的加速度的大小分別為(  ) 圖1 A.1.5g 1.5g 0 B.g 2g 0 C.g g g D.g g 0 2.(2018·陜西省榆林市一模)如圖2所示,水平面上放有三個(gè)木塊A、B、C,質(zhì)量均為m=1kg,A、C與

2、地面間的接觸面光滑,B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1,A、B之間用輕彈簧相連,B、C之間用輕繩相連,現(xiàn)在給C一個(gè)水平向右、大小為4N的拉力F,使A、B、C三個(gè)木塊一起以相同的加速度向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng),某一時(shí)刻撤去拉力F,則撤去力F的瞬間,輕繩中的張力FT為(重力加速度g取10m/s2)(  ) 圖2 A.0B.1NC.2ND.3N 3.如圖3所示,質(zhì)量均為m的木塊A和B用一輕彈簧相連,豎直放在光滑的水平面上,木塊A上放有質(zhì)量為2m的木塊C,三者均處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)將木塊C迅速移開,若重力加速度為g,則在木塊C移開的瞬間(  ) 圖3 A.木塊B對(duì)水平面的壓力立即變?yōu)?mg

3、B.彈簧的彈力大小為mg C.木塊A的加速度大小為2g D.彈簧的彈性勢(shì)能立即減小 4.如圖4所示,物體B在力F的作用下靜止于斜面體A上,斜面體和豎直墻壁間有水平輕質(zhì)彈簧連接,水平地面光滑,現(xiàn)緩慢撤去力F,當(dāng)力F撤去后,A、B兩物體仍保持靜止?fàn)顟B(tài),下列分析正確的是(  ) 圖4 A.力F撤去前彈簧可能處于原長(zhǎng)狀態(tài) B.力F撤去后彈簧一定處于伸長(zhǎng)狀態(tài) C.力F撤去后B受到的摩擦力一定比力F撤去前大 D.力F撤去后B受到的摩擦力可能比力F撤去前小 5.(多選)(2018·福建省三明一中模擬)如圖5所示,彈簧p和細(xì)繩q的上端固定在天花板上,下端用小鉤鉤住質(zhì)量為m的小球C,彈簧、

4、細(xì)繩和小鉤的質(zhì)量均忽略不計(jì).靜止時(shí)p、q與豎直方向的夾角均為60°.下列判斷正確的有(  ) 圖5 A.若p和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間q對(duì)球的拉力大小為mg B.若p和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間球的加速度大小為g C.若q和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間p對(duì)球的拉力大小為mg D.若q和球突然脫鉤,則脫鉤后瞬間球的加速度大小為g 6.(2018·河北省唐山市二模)如圖6所示,A、B兩球質(zhì)量相同,靜止在傾角為30°的斜面上,兩球之間拴接有輕彈簧,A球與擋板接觸,B球通過(guò)細(xì)線與斜面頂端相連,細(xì)線繃緊,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài),則撤去擋板瞬間,下列說(shuō)法正確的是(  ) 圖6 A.彈簧的彈力一

5、定變大 B.細(xì)線的拉力一定變大 C.A球一定處于失重狀態(tài) D.B球一定處于平衡狀態(tài) 7.(多選)在粗糙的水平地面上有一個(gè)質(zhì)量為2kg的物塊,與左端固定在墻上的水平輕彈簧相連,并由一與水平方向成θ=45°角的拉力F拉著,如圖7所示,此時(shí)物塊處于靜止?fàn)顟B(tài),水平地面對(duì)物塊的彈力恰好為零,g取10m/s2,設(shè)物塊與水平地面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2,以下說(shuō)法正確的是(  ) 圖7 A.此時(shí)輕彈簧的彈力大小為20N B.若突然撤去拉力F,則撤去瞬間物塊的加速度大小為8m/s2,方向向左 C.若剪斷彈簧,則剪斷瞬間物塊的加速度大小為8m/s2,方向向右 D.若

6、剪斷彈簧,則剪斷瞬間物塊的加速度為0 答案精析 1.A [在剪斷細(xì)線的瞬間,彈簧上的力沒(méi)有來(lái)得及發(fā)生變化,故C球受到的重力和彈簧彈力不變,C球所受合力為零,加速度為0;A、B球被輕繩拴在一起整體受重力和彈簧的拉力,合力為3mg,則A、B的加速度大小均為1.5g,故A正確,B、C、D錯(cuò)誤.] 2.B [在拉力作用下,對(duì)整體,由牛頓第二定律可得F-μmg=3ma,解得a=1m/s2,對(duì)A,由牛頓第二定律可得F′=ma=1×1N=1N,當(dāng)撤去外力后,把B、C作為整體,由牛頓第二定律可知F′+μmg=2ma′,解得a′=1m/s2,方向向左,對(duì)C受力分析,由牛頓第二定律可知FT=ma′=1N

7、,故B正確.] 3.C 4.D [對(duì)A和B整體分析,開始時(shí)受重力、支持力、推力和彈簧的彈力,故彈簧對(duì)A的彈力向左,與推力的水平分力平衡,彈簧處于壓縮狀態(tài),撤去推力F后,A和B整體受重力和支持力,不受彈簧彈力,故彈簧處于原長(zhǎng),故A、B錯(cuò)誤;隔離物體B分析,其原來(lái)所受的摩擦力大小可能為零,也可能沿斜面向下,也可能沿斜面向上,當(dāng)力F撤去后,物體B仍保持靜止?fàn)顟B(tài),所受的摩擦力方向向上,可能增大,也可能減小,故C錯(cuò)誤,D正確.] 5.BD [原來(lái)p、q對(duì)球的拉力大小均為mg.p和球脫鉤后,球?qū)㈤_始沿圓弧運(yùn)動(dòng),將球受到的重力正交分解,如圖甲所示,得F-mgcos60°=0,即F=mg,合力為mgsi

8、n60°=ma,故a=g,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;q和球突然脫鉤后瞬間,p的拉力未來(lái)得及改變,仍為mg,因此合力為mg,如圖乙所示,球的加速度大小為g,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤,D正確.] 6.D [撤去擋板瞬間,彈簧形變量未發(fā)生改變,彈力不變,小球B的受力情況不變,則細(xì)線的拉力不變,B處于平衡狀態(tài),選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤,D正確;若開始時(shí)彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài),且擋板的彈力為零,則撤去擋板瞬間,A球仍靜止,不是處于失重狀態(tài),選項(xiàng)C錯(cuò)誤.] 7.AB [物塊在與水平方向成θ=45°角的拉力F作用下處于靜止?fàn)顟B(tài),此時(shí)水平地面對(duì)物塊的彈力恰好為零,則F==20N,物塊受重力、拉力以及彈簧的彈力處于平衡狀態(tài),根據(jù)共點(diǎn)力平衡得,彈簧的彈力F彈=mgtan45°=20N,故A正確;撤去F的瞬間,彈簧的彈力仍然為20N,物塊此時(shí)受重力、支持力、彈簧彈力和摩擦力四個(gè)力作用,物塊所受的最大靜摩擦力為Ff=μmg=0.2×20N=4N,根據(jù)牛頓第二定律得物塊的加速度為a=m/s2=8m/s2,合力方向向左,所以向左加速,故B正確;剪斷彈簧的瞬間,彈簧對(duì)物塊的拉力瞬間為零,此時(shí)水平地面對(duì)物塊的彈力仍然為零,物塊水平方向所受的合力為Fx=Fcos45°=20N,則物塊的加速度為a′==m/s2=10m/s2,故C、D錯(cuò)誤.] 5

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