《2020屆高考物理總復(fù)習(xí) 作業(yè)28 動(dòng)量守恒定律(含解析)》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2020屆高考物理總復(fù)習(xí) 作業(yè)28 動(dòng)量守恒定律(含解析)(7頁珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、作業(yè)28 動(dòng)量守恒定律
一、選擇題
圖28-1
1.如圖28-1所示,小車靜止在光滑的水平面上,將系著繩的小球拉開一定的角度,然后放開小球,那么,在之后的過程中( )
A.小球向左擺動(dòng)時(shí),小車也向左運(yùn)動(dòng),且系統(tǒng)動(dòng)量守恒
B.小球向左擺動(dòng)時(shí),小車向右運(yùn)動(dòng),且系統(tǒng)動(dòng)量守恒
C.小球向左擺到最高點(diǎn),小球的速度為零,而小車的速度不為零
D.在任意時(shí)刻,小球和小車在水平方向上的動(dòng)量一定大小相等、方向相反
解析:以小球、小車組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象,在水平方向上系統(tǒng)不受外力的作用,所以在水平方向上系統(tǒng)的動(dòng)量守恒,但總動(dòng)量不守恒.由于初始狀態(tài)小車與小球均靜止,所以小球與小車在水平方向上的
2、動(dòng)量要么都為零,要么大小相等、方向相反,所以A、B、C均錯(cuò),D對(duì).
答案:D
2.如圖28-2所示,設(shè)車廂長(zhǎng)度為l,質(zhì)量為m1,靜止于光滑水平面上,車廂內(nèi)有一質(zhì)量為m2的物體以速度v0向右運(yùn)動(dòng),與車廂壁來回碰撞n次后,最終相對(duì)靜止于車廂中,這時(shí)車廂的速度為( )
圖28-2
A.v0,水平向右 B.0
C.,水平向右 D.,水平向左
解析:物體最終與車廂相對(duì)靜止,根據(jù)動(dòng)量守恒定律得,m2v0=(m1+m2)v,v=,方向水平向右.
答案:C
3.(2019年陜西西安檢測(cè))在光滑水平面上的同一直線上,自左向右依次排列質(zhì)量均為m的一系列小球,另一質(zhì)量為m的
3、小球A以水平向右的速度v運(yùn)動(dòng),依次與上述小球相碰,碰撞后即粘在一起,碰撞n次后,剩余的總動(dòng)能為原來的,則n為( )
A.5 B.6 C.7 D.8
解析:整個(gè)過程中動(dòng)量守恒,則碰撞n次后的整體速度v==,對(duì)應(yīng)的總動(dòng)能Ek=(n+1)mv2=,由題意可知Ek==×mv,解得n=7,所以C正確.
答案:C
4.A球的質(zhì)量是m,B球的質(zhì)量是2m,它們?cè)诠饣乃矫嫔弦韵嗤膭?dòng)量運(yùn)動(dòng).B在前,A在后,發(fā)生正碰后,A球仍朝原方向運(yùn)動(dòng),但其速率是原來的一半,碰后兩球的速率比vA′∶vB′為( )
A.1∶2 B.1∶3
C.2∶1
4、 D.2∶3
解析:設(shè)碰前A球的速率為v,根據(jù)題意pA=pB,即mv=2mvB,得碰前vB=,碰后vA′=,由動(dòng)量守恒定律,有mv+2m×=m×+2mvB′,解得vB′=,所以vA′∶vB′=∶=,D正確.
答案:D
5.如圖28-3所示,靜止在光滑水平面上的木板,右端有一根輕質(zhì)彈簧沿水平方向與木板相連,木板質(zhì)量M=3 kg.質(zhì)量m=1 kg的鐵塊以水平速度v0=4 m/s,從木板的左端沿板面向右滑行,壓縮彈簧后又被彈回,最后恰好停在木板的左端.在上述過程中彈簧具有的最大彈性勢(shì)能為( )
圖28-3
A.3 J B.4 J
C.6 J
5、 D.20 J
解析:設(shè)鐵塊與木板速度相同時(shí),共同速度大小為v,鐵塊相對(duì)木板向右運(yùn)動(dòng)時(shí),滑行的最大路程為L(zhǎng),摩擦力大小為Ff.鐵塊相對(duì)于木板向右運(yùn)動(dòng)過程中,根據(jù)能量守恒得mv=FfL+(M+m)v2+Ep.鐵塊相對(duì)木板運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中mv=2FfL+(M+m)v2,由動(dòng)量守恒可知mv0=(M+m)v.聯(lián)立解得Ep=3 J,A正確.
答案:A
圖28-4
6.如圖28-4所示,在足夠長(zhǎng)的光滑水平面上有一靜止的質(zhì)量為M的斜面,斜面表面光滑、高度為h、傾角為θ.一質(zhì)量為m(m<M)的小物塊以一定的初速度沿水平面向右運(yùn)動(dòng),不計(jì)沖上斜面過程中的機(jī)械能損失.如果斜面固定,則小物塊恰能沖到斜面頂
6、端.如果斜面不固定,則小物塊沖上斜面后能達(dá)到的最大高度為( )
A.h B.h
C.h D.h
解析:若斜面固定,由機(jī)械能守恒定律可得mv2=mgh;若斜面不固定,系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,有mv=(M+m)v1,由機(jī)械能守恒定律可得mv2=mgh′+(M+m)v.聯(lián)立以上
各式可得h′=h,故D正確.
答案:D
圖28-5
7.(多選)如圖28-5所示,一小車靜止在光滑水平面上,甲、乙兩人分別站在左右兩側(cè),整個(gè)系統(tǒng)原來靜止.則當(dāng)兩人同時(shí)相向走動(dòng)時(shí)( )
A.要使小車向左運(yùn)動(dòng),甲、乙速率一定大小相等
B.要使小車靜止不動(dòng),甲、乙動(dòng)量大小
7、一定大小相等
C.要使小車向左運(yùn)動(dòng),甲的動(dòng)量大小一定比乙的大
D.要使小車向左運(yùn)動(dòng),乙的動(dòng)量大小一定比甲的大
解析:A、B兩人及小車組成的系統(tǒng)水平方向不受外力,系統(tǒng)動(dòng)量守恒,根據(jù)動(dòng)量守恒定律得:
mAvA+mBvB+m車v車=0,
若小車向左運(yùn)動(dòng),則甲、乙的動(dòng)量和必須向右,而甲向右運(yùn)動(dòng),乙向左運(yùn)動(dòng),所以甲的動(dòng)量一定比乙的大,故C正確.若小車不動(dòng),則mAvA+mBvB=0,甲、乙動(dòng)量大小一定大小相等,故B正確.
答案:BC
8.(2019年河北衡水中學(xué)調(diào)研)(多選)如圖28-6所示,質(zhì)量分別為m1=1.0 kg和m2=2.0 kg的彈性小球a、b,用輕繩緊緊的把它們捆在一起,使它們
8、發(fā)生微小的形變.該系統(tǒng)以速度v0=0.10 m/s沿光滑水平面向右做直線運(yùn)動(dòng),某時(shí)刻輕繩突然自動(dòng)斷開,斷開后兩球仍沿原直線運(yùn)動(dòng),經(jīng)過時(shí)間t=5.0 s后,測(cè)得兩球相距s=4.5 m,則下列說法正確的是( )
圖28-6
A.剛分離時(shí),a球的速度大小為0.7 m/s
B.剛分離時(shí),b球的速度大小為0.2 m/s
C.剛分離時(shí),a、b兩球的速度方向相同
D.兩球分開過程中釋放的彈性勢(shì)能為0.27 J
解析:設(shè)向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律得(m1+m2)v0=m1v1+m2v2,位移差s=v1t-v2t,得v1=0.70 m/s,v2=-0.20 m/s,故A、B項(xiàng)正確,C項(xiàng)錯(cuò)誤;
9、根據(jù)能量守恒定律,有(m1+m2)v+Ep=m1v+m2v,得Ep=0.27 J,故D項(xiàng)正確.
答案:ABD
9.(2019年濰坊一中檢測(cè))(多選)在光滑水平面上,a、b兩小球沿水平面相向運(yùn)動(dòng).當(dāng)小球間距小于或等于L時(shí),受到大小相等、方向相反的相互排斥恒力作用,小球間距大于L時(shí),相互間的排斥力為零.小球在相互作用區(qū)間運(yùn)動(dòng)時(shí)始終未接觸,兩小球運(yùn)動(dòng)時(shí)速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系圖象如圖28-7所示,由圖可知( )
圖28-7
A.a(chǎn)球質(zhì)量大于b球質(zhì)量
B.在t1時(shí)刻兩小球間距最小
C.在0~t2時(shí)間內(nèi)兩小球間距逐漸減小
D.在0~t3時(shí)間內(nèi)b球所受排斥力方向始終與運(yùn)動(dòng)方向相反
解
10、析:兩個(gè)小球受到的斥力相同,但是加速度大小不同,根據(jù)a=,可得質(zhì)量大的小球加速度小,所以a球質(zhì)量大于b球質(zhì)量,選項(xiàng)A正確;0~t1時(shí)間內(nèi),兩小球相向運(yùn)動(dòng),距離越來越小,t1~t2時(shí)間內(nèi)兩小球運(yùn)動(dòng)方向相同,但a小球速度大,兩小球的距離繼續(xù)減小,t2時(shí)刻兩小球距離最小,選項(xiàng)B錯(cuò)誤,選項(xiàng)C正確;t1~t3時(shí)間內(nèi)b球所受排斥力方向始終與運(yùn)動(dòng)方向相同,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.
答案:AC
10.(多選)向空中發(fā)射一物體,不計(jì)空氣阻力.當(dāng)此物體的速度恰好沿水平方向時(shí),物體炸裂成a、b兩塊,若質(zhì)量較大的a塊的速度方向仍沿原來的方向,則 ( )
A.b的速度方向一定與原速度方向相反
B.從炸裂到落地的這段
11、時(shí)間里,a飛行的水平距離一定比b的大
C.a(chǎn)、b一定同時(shí)到達(dá)水平地面
D.在炸裂過程中,a、b受到的爆炸力大小一定相等
解析:空中爆炸問題,因系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力,故滿足系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件.由題中所給物理情景“一分為二”,系統(tǒng)動(dòng)量守恒的表達(dá)式為mv0=mava+mbvb,
因mava與mv0同向,取v0為正方向.討論:
①若mavamv0,則mbvb為負(fù)向,vb與va反向,a在b之前,所以A錯(cuò)誤;因題設(shè)條件只給出了va與v0同向和ma>mb,
12、但未給出va一定大于或等于v0的條件,所以vb大于、等于和小于va的情況都有可能存在,從同一高度平拋物體的水平射程由水平初速度決定,故sb>sa、sb=sa、sb
13、球可能升高的高度為( )
圖28-8
A.L B. C. D.
解析:若a、b兩球發(fā)生完全彈性碰撞,易知b球上擺的高度可達(dá)L;若a、b兩球發(fā)生完全非彈性碰撞(即碰后兩球速度相同),則mv=2mv′和·2mv′2=2mgh′,可知其上擺的高度為.考慮到完全非彈性碰撞中動(dòng)能的損失最多,故b球上擺的高度應(yīng)滿足≤h≤L,D錯(cuò)誤,A、B、C正確.
答案:ABC
12.(2019年黑龍江哈三中一模)(多選)小球A的質(zhì)量為mA=5 kg,動(dòng)量大小為pA=4 kg·m/s,小球A水平向右運(yùn)動(dòng)時(shí)與靜止的小球B發(fā)生彈性碰撞,碰后A的動(dòng)量大小為pA′=1 kg·m/s,方向水平向右
14、,則( )
圖28-9
A.碰后小球B的動(dòng)量大小為pB=3 kg·m/s
B.碰后小球B的動(dòng)量大小為pB=5 kg·m/s
C.小球B的質(zhì)量為15 kg
D.小球B的質(zhì)量為3 kg
解析:規(guī)定向右為正方向,碰撞過程中A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒,所以有pA=pA′+pB,解得pB=3 kg·m/s,A正確,B錯(cuò)誤;由于A、B是彈性碰撞,所以沒有機(jī)械能損失,故=+,解得mB=3 kg,C錯(cuò)誤,D正確.
答案:AD
二、非選擇題
13.如圖28-10,三個(gè)質(zhì)量相同的滑塊A、B、C,間隔相等地靜置于同一水平直軌道上.現(xiàn)給滑塊A向右的初速度v0,一段時(shí)間后A與B發(fā)生碰撞,碰后A、B
15、分別以v0、v0的速度向右運(yùn)動(dòng),B再與C發(fā)生碰撞,碰后B、C粘在一起向右運(yùn)動(dòng).滑塊A、B與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為同一恒定值.兩次碰撞時(shí)間均極短.求B、C碰后瞬間共同速度的大小.
圖28-10
解析:設(shè)滑塊質(zhì)量為m,A與B碰撞前A的速度為vA,由題意知,碰撞后A的速度vA′=v0,B的速度vB=v0,
由動(dòng)量守恒定律得
mvA=mvA′+mvB①
設(shè)碰撞前A克服軌道阻力所做的功為WA,由功能關(guān)系得
WA=mv-mv②
設(shè)B與C碰撞前B的速度為vB′,B克服軌道阻力所做的功為WB,由功能關(guān)系得WB=mv-mvB′2③
據(jù)題意可知
WA=WB④
設(shè)B、C碰撞后瞬間共同速度的大小
16、為v,
由動(dòng)量守恒定律得
mvB′=2mv⑤
聯(lián)立①②③④⑤式,代入數(shù)據(jù)得
v=v0.⑥
答案:v0
14.光滑水平面上放著質(zhì)量mA=1 kg的物塊A與質(zhì)量mB=2 kg的物塊B,A與B均可視為質(zhì)點(diǎn),A靠在豎直墻壁上,A、B間夾一個(gè)被壓縮的輕彈簧(彈簧與A、B均不拴接),用手擋住B不動(dòng),此時(shí)彈簧彈性勢(shì)能Ep=49 J.在A、B間系一輕質(zhì)細(xì)繩,細(xì)繩長(zhǎng)度大于彈簧的自然長(zhǎng)度,如圖28-11所示.放手后B向右運(yùn)動(dòng),繩在短暫時(shí)間內(nèi)被拉斷,之后B沖上與水平面相切的豎直半圓光滑軌道,其半徑R=0.5 m,B恰能到達(dá)最高點(diǎn)C.取g=10 m/s2,求:
圖28-11
(1)繩拉斷后瞬間B的
17、速度vB的大??;
(2)繩拉斷的過程中繩對(duì)B的沖量I的大??;
(3)繩拉斷的過程中繩對(duì)A所做的功W.
解析:(1)設(shè)B在繩被拉斷后瞬間的速度為vB,到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度為vC,有mBg=mB
mBv=mBv+2mBgR
代入數(shù)據(jù)得vB=5 m/s.
(2)設(shè)彈簧恢復(fù)到自然長(zhǎng)度時(shí)B的速度為v1,取水平向右為正方向,有Ep=mBv
I=mBvB-mBv1
代入數(shù)據(jù)得I=-4 N·s,其大小為4 N·s.
(3)設(shè)繩斷后A的速度為vA,取水平向右為正方向,有mBv1=mBvB+mAvA
W=mAv
代入數(shù)據(jù)得W=8 J.
答案:(1)5 m/s (2)4 N·s (3)8 J
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