(全國通用)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 微專題76 電磁感應(yīng)中的動量與能量問題加練半小時(含解析)

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1、電磁感應(yīng)中的動量與能量問題 [方法點撥] 電磁感應(yīng)中的有些題目可以從動量角度著手,運用動量定理或動量守恒定律解決:①應(yīng)用動量定理可以由動量變化來求解變力的沖量.如在導(dǎo)體棒做非勻變速運動的問題中,應(yīng)用動量定理可以解決牛頓運動定律不易解答的問題.②在相互平行的水平軌道間的雙棒做切割磁感線運動時,由于這兩根導(dǎo)體棒所受的安培力等大反向,合外力為零,若不受其他外力,兩導(dǎo)體棒的總動量守恒,解決此類問題往往要應(yīng)用動量守恒定律. 1.(2018·山西省晉城市一模)如圖1所示,光滑平行金屬導(dǎo)軌PQ、MN傾斜固定放置,導(dǎo)軌所在平面與水平面的夾角θ=30°,導(dǎo)軌底端連接有阻值為R的電阻,導(dǎo)軌間距為L.方向垂直于

2、導(dǎo)軌平面向下的有界勻強磁場的邊界ab、cd垂直于導(dǎo)軌,磁場的磁感應(yīng)強度大小為B,邊界ab、cd間距為s.將一長度為L、質(zhì)量為m、阻值也為R的金屬棒垂直放置在導(dǎo)軌上,金屬棒開始的位置離ab的距離為s,現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放,金屬棒沿導(dǎo)軌向下做加速運動,到達cd位置時金屬棒的加速度剛好為零,金屬棒運動過程中始終垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌接觸良好,不計導(dǎo)軌及其他電阻,重力加速度為g,求: 圖1 (1)金屬棒從釋放到到達cd位置的過程中,通過電阻R的電荷量; (2)金屬棒從ab運動到cd的時間. 2.如圖2甲所示,平行粗糙導(dǎo)軌固定在絕緣水平桌面上,間距L=

3、0.2m,導(dǎo)軌左端接有R=1Ω的電阻,質(zhì)量為m=0.1kg的粗糙導(dǎo)體棒ab垂直靜置于導(dǎo)軌上,導(dǎo)體棒及導(dǎo)軌的電阻忽略不計.整個裝置處于磁感應(yīng)強度B=0.5T的勻強磁場中,磁場方向垂直導(dǎo)軌向下.現(xiàn)用與導(dǎo)軌平行的外力F作用在導(dǎo)體棒ab上使之一開始做勻加速運動,且外力F隨時間變化關(guān)系如圖乙所示,重力加速度g=10m/s2,求: 圖2 (1)比較導(dǎo)體棒a、b兩點電勢的高低; (2)前10s導(dǎo)體棒ab的加速度大??; (3)若整個過程中通過R的電荷量為65C,則導(dǎo)體棒ab運動的總時間是多少? 3.(2018·山西省康杰中學(xué)二模)如圖3所示,足夠長的水平軌道左側(cè)部分b

4、1b2-c1c2軌道間距為2L,右側(cè)部分c1c2-d1d2的軌道間距為L,圓弧軌道與水平軌道相切于b1b2,所有軌道均光滑且電阻不計.在水平軌道內(nèi)有斜向下與豎直方向夾角θ=37°的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小為B=0.1T.質(zhì)量為M=0.2kg的金屬棒C垂直于軌道靜止放置在右側(cè)窄軌道上,質(zhì)量為m=0.1kg的導(dǎo)體棒A自圓弧軌道上a1a2處由靜止釋放,兩金屬棒在運動過程中始終相互平行且與軌道保持良好接觸,A棒總在寬軌上運動,C棒總在窄軌上運動.已知:兩金屬棒接入電路的有效電阻均為R=0.2Ω,h=0.2m,L=0.2m,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2,求: 圖3

5、 (1)金屬棒A滑到b1b2處時的速度大?。? (2)金屬棒C勻速運動的速度大??; (3)在兩棒整個的運動過程中通過金屬棒A某截面的電荷量; (4)在兩棒整個的運動過程中金屬棒A、B在水平軌道間掃過的面積之差. 4.(2018·四川省成都市模擬)某小組同學(xué)在研究圖4甲所示的電磁槍原理時,繪制了圖乙所示的簡圖(為俯視圖),圖中兩平行金屬導(dǎo)軌間距為L固定在水平面上,整個裝置處在豎直向下、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中,平行導(dǎo)軌左端電路如圖所示,電源的電動勢為E(內(nèi)阻不計),電容器的電容為C.一質(zhì)量為m、長度也為L的金屬導(dǎo)體棒垂直于軌道平放在導(dǎo)軌上,忽略摩擦阻力

6、和導(dǎo)軌、導(dǎo)線的電阻,假設(shè)平行金屬導(dǎo)軌足夠長. 圖4 (1)將開關(guān)S接a,電源對電容器充電. a.求電容器充電結(jié)束時所帶的電荷量Q; b.請在圖丙中畫出充電過程中電容器兩極板間的電壓u隨電容器所帶電荷量q變化的圖象;借助u-q圖象求出穩(wěn)定后電容器儲存的能量E0. (2)電容器充電結(jié)束后,將開關(guān)接b,電容器放電,導(dǎo)體棒由靜止開始運動,不計放電電流引起的磁場影響. a.已知自由電子的電荷量為e,請你分析推導(dǎo)當(dāng)導(dǎo)體棒獲得最大速度之后,導(dǎo)體棒中某一自由電子所受的電場力與導(dǎo)體棒最大速度之間的關(guān)系式; b.導(dǎo)體棒由靜止到獲得最大速度的過程中,由于存在能量損失ΔE損,電容器釋放的能量

7、沒有全部轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體棒的動能,求ΔE損. 答案精析 1.(1) (2)+- 解析 (1)通過電阻R的電荷量q=·Δt,==,=,解得q=; (2)設(shè)金屬棒剛進入磁場時的速度為v1,根據(jù)機械能守恒定律有mg·s·sinθ=mv12,解得v1==,金屬棒運動到cd位置時,加速度為零,有mgsinθ=,解得v2=,由牛頓第二定律可知mgsinθ-BIL=ma=m,即mgΣΔt-BLΣIΔt=mΣΔv,[或由動量定理可得(mgsinθ-BIL)Δt=mΔv,即mgΣΔt-BLΣIΔt=mΣΔv]得mgt-BLq=m(v2-v1),解得t=+-. 2.

8、(1)a點電勢較高 (2)5m/s2 (3)22s 解析 (1)據(jù)右手定則知,a點電勢較高 (2)由于導(dǎo)體棒一開始做勻加速運動,對ab用牛頓第二定律:F-F安-Ff=ma,F(xiàn)安=,v=at 綜上得,F(xiàn)=t+Ff+ma 據(jù)題圖乙可知前10s,F(xiàn)-t圖線斜率為0.05N/s即=0.05N/s 代入數(shù)據(jù)解得:a=5m/s2 (3)當(dāng)t=0時,F(xiàn)f+ma=1N,則Ff=0.5N 10s時導(dǎo)體棒的速度v1=at1=50m/s 此時安培力F安1=0.5N 由于F=1N,且此時Ff+F安1=F=1N,故10~15s內(nèi)導(dǎo)體棒做勻速直線運動 0~15s內(nèi)導(dǎo)體棒ab的位移x=t1+v1t2=5

9、00m 通過R的電荷量q1===50C F為0后,導(dǎo)體棒做減速運動直到停止過程中通過R的電荷量:q2=q-q1=15C 對導(dǎo)體棒ab應(yīng)用動量定理:-Fft3-BLq2=0-mv1 解得t3=7s 則運動的總時間:t=t1+t2+t3=22s 3.(1)2m/s (2)0.44m/s (3)5.56C (4)27.8m2 解析 (1)A棒在圓弧軌道上下滑,由機械能守恒定律得mgh=mv02,得v0==2m/s. (2)選取水平向右為正方向,對A、C應(yīng)用動量定理可得對C:FC安cosθ·t=MvC,對A:-FA安cosθ·t=mvA-mv0,其中FA安=2FC安,由以上知mv0-m

10、vA=2MvC,兩棒最后勻速運動時,電路中無電流,有BLvC=2BLvA,得vC=2vA,聯(lián)立兩式得vC=v0=0.44m/s. (3)在C加速過程中,有Σ(Bcosθ)ILΔt=MvC-0,q=ΣIΔt,得q=C=5.56C. (4)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E=,其中磁通量變化量ΔΦ=BΔScos37°,電路中的電流I=,通過截面的電荷量q=It,得ΔS=m2=27.8m2. 4.見解析 解析  (1)a.電容器充電完畢時其電壓等于電動勢E,電容器所帶的電荷量Q=CE① b.根據(jù)u=,畫出u-q圖象如圖所示,圖線與橫軸所圍面積表示電容器儲存的能量.有:E0=EQ② 聯(lián)立①②

11、式可得:E0=CE2③ (2)a.方法一:設(shè)金屬導(dǎo)體棒獲得最大速度vm時,放電電流為零,此時電容器的電壓U與導(dǎo)體棒的感應(yīng)電動勢E棒相等, 即:U=E棒=BLvm④ 導(dǎo)體棒中恒定電場的場強為:E場==Bvm 導(dǎo)體棒中電子所受的電場力為F=eE場=eBvm 方法二:金屬導(dǎo)體棒獲得最大速度后做勻速直線運動,電路中無電流,運動的電子在磁場中受到向下的洛倫茲力, 大小為:f=eBvm 由于電子隨導(dǎo)體棒做勻速直線運動,則電場力F與洛倫茲力合力為零,即F-f=0,則:F=eBvm b.由(1)中結(jié)論可知,導(dǎo)體棒獲得最大速度vm時,電容器儲存的能量為:E1=CU2⑤ 導(dǎo)體棒由靜止到獲得最大速度的過程中,根據(jù)能量守恒定律有:E0=E1+mvm2+ΔE損⑥ 設(shè)此過程電容器放電的電荷量為ΔQ,則ΔQ=CE-CU⑦ 方法一:設(shè)此過程中的平均電流為,時間為t,根據(jù)動量定理有:BLt=mvm-0⑧ 其中t=ΔQ⑨ 聯(lián)立④⑤⑥⑦⑧⑨式可得:ΔE損= 方法二:設(shè)任意時刻電路中的電流為i,取一段含此時刻的極短時間Δt,設(shè)此段時間內(nèi)速度的改變量為Δv,根據(jù)動量定理有:ΣBLiΔt=ΣmΔv⑧ ΣiΔt=ΔQ⑨ ΣmΔv=mvm-0⑩ 聯(lián)立④⑤⑥⑦⑧⑨⑩式可得:ΔE損= 8

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