2018版高考數(shù)學二輪復習 第3部分 考前增分策略 專題1 考前教材重溫 2 函數(shù)與導數(shù)教學案 理

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1、 2.函數(shù)與導數(shù) ■要點重溫…………………………………………………………………………· 1.幾種常規(guī)函數(shù): (1)一次函數(shù):f(x)=ax+b(a≠0).當b=0時,f(x)為奇函數(shù). [應用1] 若一次函數(shù)y=f(x)在區(qū)間[-1,2]上的最大值為3,最小值為1,則f(x)的解析式為________. [答案] f(x)=x+,或f(x)=-x+. (2)二次函數(shù): ①一般式:f(x)=ax2+bx+c(a≠0); ②頂點式:f(x)=a(x-h(huán))2+k(a≠0); ③零點式:f(x)=a(x-x1)(x-x2)(a≠0); ④區(qū)間最值:一看開口方向,二看對稱軸與所

2、給區(qū)間的相對位置關系. [應用2] 若函數(shù)y=x2-2x+4的定義域、值域都是[2,2b],則b=________. 【導學號:07804160】 [答案] 2 [應用3] 設函數(shù)f(x)=x2+2(a-1)x+1在區(qū)間(-∞,4)上是減函數(shù),則a的取值范圍是________. [答案] a≤-3 (3)三次函數(shù)的解析式的兩種形式: ①一般式:f(x)=ax3+bx2+cx+d(a≠0); ②零點式:f(x)=a(x-x1)(x-x2)(x-x3)(a≠0). [應用4] 已知函數(shù)f(x)=ax3+bx2+cx+d的圖象如圖2,則b的取值范圍是________. 圖2

3、 [答案] b<0 [應用5] 若函數(shù)f(x)=x3+3ax2+3(a+2)x+3既有極大值又有極小值,則a的取值范圍為________. [答案] a>2或a<-1 (4)反比例函數(shù):y=(x≠0)平移?y=a+(x≠0)(中心為(b,a)). (5)分段函數(shù):分段處理,有時結合函數(shù)圖象來研究問題. [應用6] 已知實數(shù)a≠0,函數(shù)f(x)=,若f(1-a)=f(1+a),則a=________. [解析] 當a<0時, -(1-a)-2a=2(1+a)+a,a=-; 當a>0時, -(1+a)-2a=2(1-a)+a,a=-(舍); 綜上可知a=-. [答案]?。?

4、 [應用7] 設函數(shù)f(x)= 若f(x0)>1,則x0的取值范圍是________. 【導學號:07804161】 [答案] (-∞,-1)∪(3,+∞) [應用8] 已知f(x)= 是(-∞,+∞)上的增函數(shù),那么a的取值范圍是_______. [答案]  (6)指數(shù)函數(shù)、對數(shù)函數(shù) ①指數(shù)與對數(shù)的關系: ab=N?logaN=b(a>0,a≠1,N>0) ,換底公式logab=; ②對數(shù)的運算法則:logaM+logaN=logaMN;logaM-logaN=loga; ③解對數(shù)函數(shù)問題時,注意到真數(shù)與底數(shù)的限制條件(真數(shù)大于0,底數(shù)大于0且不等于1); ④字母底數(shù)范

5、圍不明確時需分類討論. [應用9] 2log32-log3+log38-5log53=________. [答案]?。? [應用10] 已知函數(shù)f(x) =loga(x+1)的定義域和值域都是[0,1],則實數(shù)a的值是________. [答案] 2 [應用11] 設a>0,a≠1,函數(shù)f(x)=ax2+x+1有最大值,則不等式loga(x-1)>0的解集為________. [解析] 因為x2+x+1有最小值,函數(shù)f(x)=ax2+x+1有最大值,所以0<a<1,所以loga(x-1)>0=loga1?0<x-1<1,解得1<x<2. [答案] (1,2) (7)對勾函數(shù):

6、f(x)=x+ ①函數(shù)f(x)是奇函數(shù); ②單調性: a<0時,區(qū)間(-∞,0),(0,+∞)上為增函數(shù); a>0時,在(0,],[-,0)遞減,在(-∞,-],[,+∞)遞增; ③在[c,d]上的最值:當?shù)忍柲苋〉綍r,利用基本不等式求解;當?shù)忍柌荒苋〉綍r,利用單調性. [應用12] 已知a>0,求函數(shù)y=的最小值. [答案] 0<a≤1時,ymin=2;a>1時,ymin= 2.函數(shù)圖象的幾種常見變換 (1)平移變換:左右平移——“左加右減”(注意是針對x而言);上下平移——“上加下減”. (2)翻折變換:f(x)→|f(x)|;f(x)→f(|x|). (3)對稱變換:

7、 ①函數(shù)y=f(x)與y=-f(-x)的圖象關于原點成中心對稱; ②函數(shù)y=f(x)與y=f(-x)的圖象關于直線x=0 (y軸)對稱;函數(shù)y=f(x)與函數(shù)y=-f(x)的圖象關于直線y=0(x軸)對稱. [應用13] 已知函數(shù)f(x)=e|ln x|-,則函數(shù)y=f(x+1)的大致圖象為(  ) [解析] ∵f(x)=e|ln x|-= 又y=f(x+1)的圖象可由y=f(x)向左平移1個單位得到, 所以結合選項可知A正確. [答案] A 3.函數(shù)的常用性質 研究函數(shù)的性質時,樹立定義域優(yōu)先的原則. (1)函數(shù)的單調性與最值 ①判斷函數(shù)單調性的常用方法:定義法、圖

8、象法、導數(shù)法、復合函數(shù)法; ②求函數(shù)最值(值域) 的常用方法:單調性法、圖象法、基本不等式法、導數(shù)法、有界函數(shù)法. [應用14] 已知y=loga(2-ax)在[0,1]上是x的減函數(shù),則a的范圍為________. [答案] (1,2) [應用15] 函數(shù)f(x)=ex-x+1(e為自然對數(shù)的底數(shù))在區(qū)間[-1,1]上的最大值是________. [答案] e (2)函數(shù)的對稱性 ①軸對稱:若函數(shù)y=f(x)滿足f(a+x)=f(b-x),則圖象關于x= 對稱. 特別地,若f(x)為偶函數(shù),則f(-x)=f(x)=f(|x|). ②中心對稱:若函數(shù)y=f(x)滿足f(a+x)

9、+f(a-x)=0,則圖象關于(a,0)成中心對稱. 特別地,若f(x)為奇函數(shù),則f(-x)=-f(x). [應用16]f(x)=(1+x) 是________函數(shù)(填“奇”“偶”或“非奇非偶”). [答案] 非奇非偶 [應用17] 函數(shù)f(x)=的圖象與函數(shù)g(x)=2sinx(0≤x≤4)的圖象的所有交點為(x1,y1),(x2,y2),…,(xn,yn),則f(y1+y2+…+yn)+g(x1+x2+…+xn)=________. 【導學號:07804162】 [解析] 如圖,畫出函數(shù)f(x)和g(x)的圖象,可知有4個交點,并且關于點(2,0)對稱,所以y1+y2+y3+

10、y4=0,x1+x2+x3+x4=8,所以f(y1+y2+y3+y4)+g(x1+x2+x3+x4)=f(0)+g(8)=+0=. [答案]  (3)函數(shù)的周期性 ①f(x)=f(x+a)(a>0),則f(x)的周期T=a; ②f(x+a)=(f(x)≠0)或f(x+a)=-f(x),則f(x)的周期T=2a; ③f(a+x)=f(x+b),則周期T=|a-b|. [應用18] 設f(x)是定義在R上的周期為3的函數(shù),當x∈[-2,1)時,f(x)=則f =________. [答案]?。? (4)函數(shù)的零點 函數(shù)y=f(x)的零點就是方程f(x)=0的實數(shù)根,求f(x)

11、=g(x)根的個數(shù)時,可在同一坐標系中作出函數(shù)y=f(x)和y=g(x)的圖象,看它們交點的個數(shù);求方程根(函數(shù)零點)的范圍,可利用圖象觀察或零點存在性定理. [應用19] 定義在R上的函數(shù)f(x)滿足f(x+2)=f(x)+1,且x∈[0,1]時,f(x)=4x,x∈(1,2)時,f(x)=,令g(x)=2f(x)-x-4,x∈[-6,2],則函數(shù)g(x)的零點個數(shù)為(  ) A.6 B.7 C.8 D.9 [解析] ∵x∈[0,1]時,f(x)=4x,∴f(1)=4, ∴x∈(1,2)時,f(x)==, ∵g(x)=2f(x)-x-4,x∈[-6,2], 令g(x)=2f(x

12、)-x-4=0,即f(x)=x+2. ∵函數(shù)f(x)滿足f(x+2)=f(x)+1,即自變量x每增加2個單位,函數(shù)圖象向上平移1個單位,自變量每減少2個單位,函數(shù)圖象向下平移1個單位,分別畫出函數(shù)y=f(x)在x∈[-6,2],y=x+2的圖象,∴y=f(x)在x∈[-6,2],y=x+2有8個交點,故函數(shù)g(x)的零點個數(shù)為8個. 故選C. [答案] C [應用20] 已知定義在R上的函數(shù)f(x)滿足:(1)f(x)+f(2-x)=0,(2)f(x-2)=f(-x),(3)在[-1,1]上表達式為f(x)=,則函數(shù)f(x)與函數(shù)g(x)=的圖象在區(qū)間[-3,3]上的交點個數(shù)為( 

13、 ) A.5 B.6 C.7 D.8 [解析] 由(1)f(x)+f(2-x)=0可得f(x)關于(1,0)對稱,(2)f(x-2)=f(-x)可得f(x)關于直線x=-1對稱,作出示意圖, 知函數(shù)f(x)與函數(shù)g(x)有6個交點. ] [答案] B 4.導數(shù)在研究函數(shù)性質中的應用 (1)導數(shù)幾何意義:k=f′(x0)表示曲線y=f(x)在點P(x0,f(x0))處切線的斜率.注意過某點的切線(即使點在曲線上)不一定只有一條. [應用21] 過曲線y=x3-2x上的點(1,-1)的切線方程為________. [解析] 設P(x0,y0)為切點,則切線的斜率為y′|x=x0

14、 =3x-2. ∴切線方程為y-y0=(3x-2)(x-x0),即y-(x-2x0)=(3x-2)(x-x0). 又知切線過點(1,-1),把它代入上述方程,得-1-(x-2x0)=(3x-2)(1-x0), 整理,得(x0-1)2(2x0+1)=0, 解得x0=1,或x0=-. 故所求切線方程為y-(1-2)=(3-2)(x-1),或y-(-+1)=(-2)(x+), 即x-y-2=0,或5x+4y-1=0. [答案] x-y-2=0 或5x+4y-1=0 (2)求函數(shù)單調性的步驟: 明確函數(shù)y=f(x)的定義域?求導數(shù)?解不等式f′(x)>0得增區(qū)間(解不等式f′(x)<

15、0得減區(qū)間). [應用22] 函數(shù)f(x)=(x>0且x≠1)在________上是減函數(shù),在________上是增函數(shù). 【導學號:07804163】 [答案]   [應用23] 已知函數(shù)f(x)=x2+2ax-ln x,若f(x)在區(qū)間上是增函數(shù),則實數(shù)a的取值范圍為________. [解析] 由題意知f′(x)=x+2a-≥0在上恒成立,即2a≥-x+在上恒成立,因為max=, 所以2a≥, 即a≥. [答案]  (3)求函數(shù)極值、最值的步驟: ①求導;②變形;③求解;④列表;⑤作答. 特別提醒: ①導數(shù)為零的點并不一定是極值點, f′(x0)=0是x0為極值

16、點的必要不充分條件; ②給出函數(shù)極大(小)值的條件,既要考慮f′(x0)=0,又要考慮檢驗“左正右負”(或“左負右正”). [應用24] 函數(shù)f(x)=x3+ax2+bx+a2在x=1處有極小值10,則a+b的值為________. [解析] f′(x)=3x2+2ax+b,由x=1時,函數(shù)取得極值10,得 聯(lián)立①②得或 當a=4,b=-11時, f′(x)=3x2+8x-11=(3x+11)(x-1)在x=1兩側的符號相反,符合題意. 當a=-3,b=3時, f′(x)=3(x-1)2在x=1兩側的符號相同,所以a=-3,b=3不符合題意,舍去. 綜上可知a=4,b=-11

17、,∴a+b=-7. [答案] -7 (4)利用導數(shù)解決不等式問題的思想 ①證明不等式f(x)x2,則不等式(x-2 017)2f(x-2 017)-4f(2)>0的解集為(  ) A.(2 014,+∞) B.(0,2 014) C.(0,2 019) D.(2 019,+∞) [解析] 由2f(x)+xf′(x)>x2且x

18、>0, 得2xf(x)+x2f′(x)>x3>0. 令g(x)=x2f(x)(x>0),則g′(x)=2xf(x)+x2f′(x)>0,所以g(x)在(0,+∞)上單調遞增.因為g(2)=4f(2),g(x-2 017)=(x-2 017)2f(x-2 017),所以不等式(x-2 017)2f(x-2 017)-4f(2)>0等價于g(x-2 017)>g(2),所以x-2 017>2,解得x>2 019,故選D.] [答案] D ■查缺補漏…………………………………………………………………………· 1.下列函數(shù)中,既是偶函數(shù)又在區(qū)間(1,2)內單調遞減的是(  ) 【導學號:

19、07804164】 A.f(x)= B.f(x)= C.f(x)=2x+2-x D.f(x)=-cos x B [對于A,偶函數(shù)與單調遞減均不滿足;對于B,符合題意;對于C,不滿足單調遞減;對于D,不滿足單調遞減,故選B.] 2.已知f(x)=則f的值是(  ) A.-1 B.1 C. D.- C [∵<1,∴f =f(2), 又2-<1, ∴f=f(2) =f(2)=log22=.] 3.由曲線xy=1,直線y=x,y=3所圍成的平面圖形的面積為(  ) A. B.2-ln 3 C.4+ln 3 D.4-ln 3 D [由曲線xy=1,直線y=x,y=3所圍成的平

20、面圖形如下圖中的陰影部分所示: 其中A,B(1,1),C(3,3),所以陰影部分的面積S=dy==4-ln 3,故選D.] 4.函數(shù)y=的圖象大致為(  ) A     B     C      D D [y=f(x)==,f(-x)===-f(x)是奇函數(shù),排除A,又在區(qū)間上,f(x)>0,排除B,當x→+∞時,f(x)→0,排除C,故選D.] 5.當0

21、,2],所以此時有2,解得1時,y=logax是增函數(shù),在0

22、+2≤3,當x∈[2,3]時,f(x)=x, ∴f(x+2)=x+2, ∴f(x)=x+2,x∈[0,1], ∵f(x)是定義在R上的偶函數(shù), ∴f(x)=-x+2,x∈[-1,0], 令-2≤x≤-1, 則0≤x+2≤1, ∵f(x)=x+2,x∈[0,1], ∴f(x+2)=x+4, ∴f(x)=x+4,x∈[-2,-1], 當-2

23、分的函數(shù)稱為這個圓的“優(yōu)美函數(shù)”,給出下列命題: 圖3 ①對于任意一個圓O,其“優(yōu)美函數(shù)“有無數(shù)個”; ②函數(shù)f(x)=ln(x2+)可以是某個圓的“優(yōu)美函數(shù)”; ③正弦函數(shù)y=sin x可以同時是無數(shù)個圓的“優(yōu)美函數(shù)”; ④函數(shù)y=f(x)是“優(yōu)美函數(shù)”的充要條件為函數(shù)y=f(x)的圖象是中心對稱圖形. 其中正確的命題是:(  ) A.①③ B.①③④ C.②③ D.①④ A [對于①,過圓心的任一直線都可以滿足要求,所以正確; 對于②,可以做出其圖象,故不能是某圓的優(yōu)美函數(shù); 對于③,只需將圓的圓心放在正弦函數(shù)的圖象的對稱中心上即可,所以正弦函數(shù)是無數(shù)個圓的

24、優(yōu)美函數(shù); 對于④,函數(shù)是中心對稱圖形時,函數(shù)是優(yōu)美函數(shù),但是優(yōu)美函數(shù)不一定是中心對稱,如圖所示: 故選A.] 8.已知y=f(x)是定義在R上的可導函數(shù),當x≠0時,f′(x)+>0,則關于x的函數(shù)g(x)=f(x)+的零點個數(shù)為(  ) A.1 B.2 C.0 D.0或2 C [因為函數(shù)g(x)=f(x)+,可得x≠0, 所以g(x)的零點跟xg(x)的非零零點是完全一樣的, 故我們考慮xg(x)=xf(x)+1的零點, 由于當x≠0時,f′(x)+>0, ①當x>0時,(xg(x))′=(xf(x))′=xf′(x)+f(x)=x>0,∴在(0,+∞)上,函數(shù)xg

25、(x)單調遞增.又f(x)在R上可導,∴當x∈(0,+∞)時,函數(shù)xg(x)=xf(x)+1>1恒成立, 因此,在(0,+∞)上,函數(shù)xg(x)=xf(x)+1沒有零點. ②當x<0時,因為(xg(x))′=(xf(x))′=xf′(x)+f(x)=x<0,故函數(shù)xg(x)在(-∞,0)上是遞減函數(shù),函數(shù)xg(x)=xf(x)+1>1恒成立,故函數(shù)xg(x)在(-∞,0)上無零點. 綜上得,函數(shù)g(x)=f(x)+在R上的零點個數(shù)為0.] 9.若函數(shù)f(x)=ln(x2+ax+1)是偶函數(shù),則實數(shù)a的值為________. 【導學號:07804166】 0 [由題意知,f(x)=

26、ln(x2+ax+1)為偶函數(shù), 即ln(x2-ax+1)=ln(x2+ax+1),即x2-ax+1=x2+ax+1,顯然a=0.] 10.若偶函數(shù)y=f(x)的圖象關于直線x=2對稱,f(3)=3,則f(-1)=________. 3 [因為f(x)的圖象關于直線x=2對稱,所以f(x)=f(4-x),f(-x)=f(4+x),又f(-x)=f(x), 所以f(x)=f(4+x), 則f(-1)=f(4-1)=f(3)=3.] 11.若函數(shù)f(x)是定義在R上的偶函數(shù),在(-∞,0]上是減函數(shù),且f(2)=0,則使得f(x)<0的x的取值范圍是________. (-2,2) 

27、[因為f(x)是偶函數(shù), 所以f(-x)=f(x)=f(|x|). 因為f(x)<0,f(2)=0.所以f(|x|)

28、零點,則所有零點之和為________. 10 [易知函數(shù)f(x)為奇函數(shù),其對稱中心為(0,0),所以函數(shù)y=f(x-1)的對稱中心為(1,0).由函數(shù)g(x)滿足g(x)+g(2-x)=0,知函數(shù)g(x)的對稱中心為(1,0),函數(shù)h(x)=g(x)-f(x-1)有10個零點, 即函數(shù)y=g(x)與y=f(x-1)有10個交點,并且(1,0)對稱,所以函數(shù)h(x)=g(x)-f(x-1)有10個零點,則所有零點之和為10.] 14.已知函數(shù)f(x)=+-ln x(a>0). (1)求函數(shù)f(x)的單調區(qū)間和極值; (2)證明:當a∈時,函數(shù)f(x)沒有零點(提示:ln 2≈0.69

29、) [解] (1)因為f(x)=+-ln x=, 所以f′(x)=. 因為x>0,所以當x∈(0,a2)時,f′(x)<0,當x∈(a2,+∞)時,f′(x)>0. 所以,函數(shù)f(x)的單調遞增區(qū)間為(a2,+∞),單調遞減區(qū)間為(0,a2). 當x=a2時,f(x)取得極小值f(a2)=[a2+1-(a2-1)ln a2]. (2)證明:由(1)可知:當x=a2時,f(x)取得極小值,亦即最小值. f(a2)=[a2+1-(a2-1)lna2], 又因為≤a≤2, 所以≤a2≤4. 設g(x)=x+1-(x-1)ln x,則g′(x)=-ln x,因為g′(x)在上單

30、調遞減,且g′(1)>0,g′(2)<0, 所以g′(x)有唯一的零點m∈(1,2),使得g(x)在上單調遞增,在(m,4]上單調遞減, 又由于g=>0,g(4)=5-6ln 2>0, 所以g(x)>0恒成立.從而f(a2)=[a2+1-(a2-1)lna2]>0恒成立, 則f(x)>0恒成立. 所以當a∈時,函數(shù)f(x)沒有零點. 15.設函數(shù)f(x)=4ln x-ax2+(4-a)x(a∈R). (1)討論f(x)的單調性; (2)若函數(shù)f(x)存在極值,對于任意的0

31、2與2x0的大小關系并給出證明. 【導學號:07804167】 [解] (1)f(x)的定義域為(0,+∞),f′(x)=-ax+(4-a)=-. 當a≤0時,則f′(x)>0,所以f(x)在(0,+∞)上單調遞增. 當a>0時,則由f′(x)=0得,x=,x=-1(舍去).當x∈時,f′(x)>0,當x∈時,f′(x)<0. 所以f(x)在上單調遞增,在上單調遞減. 綜上所述,當a≤0時,f(x)在(0,+∞)上單調遞增. 當a>0時,f(x)在上單調遞增,在上單調遞減. (2)由(1)知,當a>0時,f(x)存在極值. f(x1)-f(x2)=4(ln x1-ln x

32、2)-a(x-x)+(4-a)(x1-x2)=4(lnx1-lnx2)-a(x1+x2)(x1-x2)+(4-a)(x1-x2). 由題設得f′(x0)== -a(x1+x2)+(4-a). 又f′=-a·+4-a, 所以f′(x0)-f′ =- = =. 設t=,則t>1, 則ln-=lnt-(t>1). 令g(t)=lnt-(t>1),則 g′(t)=>0,所以g(t)在(1,+∞)上單調遞增,所以g(t)>g(1)=0, 故ln->0. 又因為x2-x1>0,因此f′(x0)-f′>0, 即f′x0,即x1+x2>2x0. 15

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