(課標通用)高考數學一輪復習 課時跟蹤檢測45 理-人教版高三全冊數學試題

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1、課時跟蹤檢測(四十五) [高考基礎題型得分練] 1.[2017·河北秦皇島模擬]已知正四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,AA1=2AB,E為AA1的中點,則異面直線BE與CD1所成角的余弦值為(  ) A. B. C. D. 答案:C  解析:以D為坐標原點,建立空間直角坐標系,如圖, 設AA1=2AB=2,則D(0,0,0),C(0,1,0),B(1,1,0),E(1,0,1),D1(0,0,2). 所以=(0,-1,1),=(0,-1,2), 所以cos〈,〉===. 2.正方體ABCD-A1B1C1D1的棱長為a,點M在AC1上且=1,N為B1B的

2、中點,則||=(  ) A.a B.a C.a D.a 答案:A  解析:以D為坐標原點建立如圖所示的空間直角坐標系D-xyz, 則A(a,0,0),C1(0,a,a),N. 設M(x,y,z),∵點M在AC1上且=, ∴(x-a,y,z)=(-x,a-y,a-z), ∴x=,y=,z=,則M, ∴||= = a. 3.在正方體ABCD-A1B1C1D1中,點E為BB1的中點,則平面A1ED與平面ABCD所成的銳二面角的余弦值為(  ) A. B. C. D. 答案:B  解析:以A為坐標原點建立如圖所示的空間直角坐標系A-xyz,

3、 設棱長為1,則A1(0,0,1),E,D(0,1,0), ∴=(0,1,-1),=. 設平面A1ED的一個法向量為n1=(1,y,z), 所以有即 解得∴n1=(1,2,2). ∵平面ABCD的一個法向量為n2=(0,0,1), ∴cos〈n1,n2〉==. 故所成的銳二面角的余弦值為. 4.在正四棱錐S-ABCD中,O為頂點在底面上的射影,P為側棱SD的中點,且 SO=OD,則直線BC與平面PAC所成的角是(  ) A.30° B.45° C.60° D.90° 答案:A  解析: 如圖,以O為坐標原點建立空間直角坐標系O-xyz. 設OD=SO

4、=OA=OB=OC=a,則A(a,0,0),B(0,a,0), C(-a,0,0),P. 則=(2a,0,0),=,=(a,a,0), 設平面PAC的一個法向量為n,設n=(x,y,z), 則解得可取n=(0,1,1), 則cos〈,n〉===, ∴〈,n〉=60°, ∴直線BC與平面PAC所成的角是90°-60°=30°. 5.設正方體ABCD-A1B1C1D1的棱長為2,則點D1到平面A1BD的距離是(  ) A. B. C. D. 答案:D  解析:如圖,建立空間直角坐標系. 則D1(0,0,2),A1(2,0,2),B(2,2,0),=(2,0

5、,0),=(2,2,0). 設平面A1BD的法向量為n=(x,y,z), 則∴ 令z=1,得n=(-1,1,1). ∴D1到平面A1BD的距離d===. 6.[2017·河南鄭州模擬]在長方體ABCD-A1B1C1D1中,AB=2,BC=AA1=1,則D1C1與平面A1BC1所成角的正弦值為________. 答案:  解析:以D為原點,DA為x軸,DC為y軸,DD1為z軸,建立空間直角坐標系, 設n=(x,y,z)為平面A1BC1的法向量. 則即 令z=2,則y=1,x=2, 于是n=(2,1,2),=(0,2,0), 設所求線面角為α,則sin α=|cos〈n

6、,〉|=. 7.正△ABC與正△BCD所在平面垂直,則二面角A-BD-C的正弦值為________. 答案:  解析:取BC中點O,連接AO,DO,建立如圖所示坐標系, 設BC=1,則A,B,D. ∴=,=,=. 設平面ABD的法向量為n=(x0,y0,z0), 則·n=0,且·n=0, ∴+z0=0,且x0+=0, 因此取x0=1, 得平面ABD的一個法向量n=(1,-,1). 由于=為平面BCD的一個法向量, ∴cos〈n,〉=,∴sin〈n,〉=. 8.如圖所示,在三棱柱ABC-A1B1C1中,AA1⊥底面ABC,AB=BC=AA1,∠ABC=90°,點E,

7、F分別是棱AB,BB1的中點,則直線EF和BC1所成的角是________. 答案:60°  解析:以BC為x軸,BA為y軸,BB1為z軸,建立空間直角坐標系. 設AB=BC=AA1=2, 則C1(2,0,2),E(0,1,0),F(xiàn)(0,0,1), 則=(0,-1,1),=(2,0,2),∴·=2, ∴cos〈,〉==, ∴EF和BC1所成的角為60°. 9.如圖,在四棱錐 P-ABCD中,PC⊥底面 ABCD,四邊形ABCD是直角梯形,AB⊥AD,AB∥CD,AB=2AD=2CD=2,E是PB的中點. (1)求證:平面EAC⊥平面PBC; (2)若二面角 P-

8、AC-E的余弦值為,求直線PA與平面EAC所成角的正弦值. (1)證明:∵PC⊥平面ABCD,AC?平面ABCD, ∴AC⊥PC. ∵AB=2,AD=CD=1,∠ADC=90°, ∴AC=BC=, ∴AC2+BC2=AB2,∴AC⊥BC. 又BC∩PC=C,∴AC⊥平面PBC. ∵AC?平面EAC,∴平面EAC⊥平面PBC. (2)解:如圖,以C為原點,,,分別為x軸、y軸、z軸正方向,建立空間直角坐標系, 則C(0,0,0),A(1,1,0),B(1,-1,0). 設P(0,0,a)(a>0),則E, =(1,1,0),=(0,0,a),=, 取m=(1,-1,0

9、),則m·=m·=0,m為平面PAC的一個法向量. 設n=(x,y,z)為平面EAC的法向量, 則n·=n·=0,即 取x=a,y=-a,z=-2,則n=(a,-a,-2). 依題意,|cos〈m,n〉|===, 則a=1. 于是n=(1,-1,-2),=(1,1,-1). 設直線PA與平面EAC所成角為θ, 則sin θ=|cos〈,n〉|=, 即直線PA與平面EAC所成角的正弦值為. 10.如圖,在四棱錐 P-ABCD中,底面ABCD是菱形,∠ADC=60°,側面PDC是正三角形,平面PDC⊥平面ABCD,CD=2,M為PB的中點. (1)求證:PA⊥平面CDM;

10、 (2)求二面角 D-MC-B的余弦值. (1)證明:證法一:取PA的中點N,連接MN,DN, 又M為PB的中點, 所以MN∥AB, 又菱形ABCD中,AB∥CD,所以MN∥CD, 所以C,D,M,N四點共面. 取DC的中點O,連接PO. 因為側面PDC是正三角形,平面PDC⊥平面ABCD, 平面PDC∩平面ABCD=DC, 又因為PO⊥DC,所以PO⊥底面ABCD. 因為底面ABCD為菱形且∠ADC=60°,DC=2,DO=1, 故OA⊥DC. 因為PO∩AO=O, 所以DC⊥平面POA,所以DC⊥PA. 在△PAD中,PD=AD=2, N為PA的中點,所

11、以DN⊥PA. 又DN∩DC=D,DN?平面CDNM,DC?平面CDNM, 所以PA⊥平面CDNM,即PA⊥平面CDM. 證法二:取DC的中點O,連接PO,OA, 因為側面PDC是正三角形,平面PDC⊥平面ABCD. 所以PO⊥底面ABCD, 因為底面ABCD為菱形且∠ADC=60°, DC=2,DO=1,則OA⊥DC. 以O原點,分別以OA,OC,OP所在直線為x軸、y軸、z軸建立如圖所示的空間直角坐標系O-xyz, 則A(,0,0),P(0,0,),B(,2,0),C(0,1,0),D(0,-1,0),所以M, 所以=,=(,0,-),=(0,2,0), 所以·=

12、×+0×2+(-)×=0, ·=×0+0×2+(-)×0=0, 所以⊥,⊥,所以PA⊥平面DMC. (2)解:=,=(,1,0), 設平面BMC的法向量為n=(x,y,z), 由n·=0,得x+z=0, 由n·=0,得x+y=0. 取x=-1,則y=,z=1, 所以一個法向量n=(-1,,1). 由(1)知,平面CDM的一個法向量可?。?,0,-). 所以cos〈n,〉===-. 觀察可知二面角 D-MC-B為鈍角, 所以所求二面角的余弦值是-. [沖刺名校能力提升練] 1.如圖,△PDC所在的平面與長方形ABCD所在的平面垂直,PD=PC=4,AB=6,BC=3

13、.點E是CD邊的中點,點F,G分別在線段AB,BC上,且AF=2FB,CG=2GB. (1)求證:PE⊥FG; (2)求二面角P-AD-C的正切值; (3)求直線PA與直線FG所成角的余弦值. 解:在△PCD中,∵E為CD的中點,且PC=PD, ∴PE⊥CD. 又∵平面PCD⊥平面ABCD,且平面PCD∩平面ABCD=CD,PE?平面PCD, ∴PE⊥平面ABCD,取AB的中點H,連接EH, ∵四邊形ABCD是長方形,則EH⊥CD, 如圖所示,以E為原點,EH,EC,EP所在直線分別為x軸、y軸、z軸建立空間直角坐標系, ∵PD=PC=4,AB=6,BC=3,AF=

14、2FB,CG=2GB, ∴E(0,0,0),P(0,0,),F(xiàn)(3,1,0),G(2,3,0),A(3,-3,0),D(0,-3,0),C(0,3,0). (1)證明:∵=(0,0,),=(-1,2,0), 且·=(0,0,)·(-1,2,0)=0, ∴⊥,即EP⊥FG. (2)解:∵PE⊥平面ABCD, ∴平面ABCD的法向量為=(0,0,). 設平面ADP的一個法向量為n=(x1,y1,z1), =(-3,3,),=(0,3,), 由于即 令z1=3,則x1=0,y1=-, ∴n=(0,-,3). 由圖可知二面角P-AD-C是銳角,設為α, 則cos α===,

15、 ∴sin α=,tan α=. (3)解:∵=(-3,3,),=(-1,2,0),設直線PA與直線FG所成角為θ, 則cos θ===, ∴直線PA與FG所成角的余弦值為. 2.[2017·湖北黃岡模擬]在等腰梯形ABCD中,AD∥BC,AD=BC,∠ABC=60°,N是BC的中點,將梯形ABCD繞AB旋轉 90°,得到梯形ABC′D′(如圖). (1)求證:AC⊥平面ABC′; (2)求證:C′N∥平面ADD′; (3)求二面角A-C′N-C的余弦值. (1)證明:∵AD=BC,N是BC的中點, ∴AD=NC, 又AD∥BC,∴四邊形ANCD是平行四邊形, ∴AN

16、=DC. 又∠ABC=60°,∴AB=BN=AD, ∴四邊形ANCD是菱形, ∴∠ACB=∠DCB=30°, ∴∠BAC=90°,即AC⊥AB. 又平面C′BA⊥平面ABC, 平面C′BA∩平面ABC=AB,∴AC⊥平面ABC′. (2)證明:∵AD∥BC,AD′∥BC′,AD∩AD′=A,BC∩BC′=B, ∴平面ADD′∥平面BCC′,又C′N?平面BCC′, ∴C′N∥平面ADD′. (3)解:∵AC⊥平面ABC′,AC′⊥平面ABC,如圖建立空間直角坐標系, 設AB=1,則B(1,0,0),C(0,,0),C′(0,0,), N, ∴=(-1,0,),=(0,-,). 設平面C′NC的法向量為n=(x,y,z), 則即 取z=1,則x=,y=1,∴n=(,1,1). ∵AC′⊥平面ABC,∴平面C′AN⊥平面ABC, 又BD⊥AN,平面C′AN∩平面ABC=AN, ∴BD⊥平面C′AN. 設BD與AN交于點O,則O為AN的中點, 故O, ∴平面C′AN的法向量=. ∴cos〈n,〉==. 由圖形可知二面角A-C′N-C為鈍角, ∴二面角A-C′N-C的余弦值為-.

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