一輪優(yōu)化探究理數(shù)蘇教版練習(xí)：第八章 第六節(jié)　立體幾何中的向量方法 Word版含解析

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1、 一、填空題 1．已知向量m、n分別是直線l和平面α的方向向量和法向量，若cos〈m，n〉＝－，則l與α所成的角為________． 解析：由于cos〈m，n〉＝－，所以〈m，n〉＝120，所以直線l與α所成的角為30. 答案：30 2．若a＝(1，λ，2)，b＝(2，－1,1)，a與b的夾角為60，則λ＝________. 解析：由＝＝cos 60＝，解得λ＝－17或1. 答案：－17或1 3．點(diǎn)A(n，n－1,2n)，B(1，－n，n)，則||的最小值是______． 解析：||2＝ (1－n)2＋(－2n＋1)2＋(－n)2＝6(n－)2＋，∴當(dāng)n＝時(shí)，||的最小值為.

2、 答案： 4.如圖所示，PD垂直于正方形ABCD所在平面，AB＝2，E為PB的中點(diǎn)，cos〈，〉＝，若以DA，DC，DP所在直線分別為x，y，z軸建立空間直角坐標(biāo)系，則點(diǎn)E的坐標(biāo)為________． 解析：設(shè)PD＝a(a>0)，則A(2,0,0)，B(2,2,0)，P(0,0，a)，E(1,1，)， ∴＝(0,0，a)，＝(－1,1，)， 由cos〈，〉＝，∴＝a ，∴a＝2. ∴E的坐標(biāo)為(1,1,1)． 答案：(1,1,1) 5．直三棱柱ABCA1B1C1中，∠ACB＝90，∠BAC＝30，BC＝1，AA1＝，M是CC1的中點(diǎn)，則異面直線AB1與A1M所成的角為______

3、__． 解析：建立坐標(biāo)系如圖所示， 易得M(0,0，)，A1(0，，0)， A(0，，)，B1(1,0,0)， ∴＝(1，－，－)， ＝(0，－，)． ∴＝10＋3－＝0， ∴⊥. 即AB1⊥A1M，即AB1與1M所成的角為90. 答案：90 6．長(zhǎng)方體ABCDA1B1C1D1中，AB＝AA1＝2，AD＝1，E為CC1的中點(diǎn)，則異面直線BC1與AE所成角的余弦值為________． 解析：建立坐標(biāo)系如圖， 則A(1,0,0)，E(0,2,1)，B(1,2,0)，C1(0,2,2)， ＝(－1,0,2)，＝(－1,2,1)， cos 〈，〉＝ ＝. 答案： 7．

4、正三棱錐的一個(gè)側(cè)面的面積與底面積之比為2∶3，則這個(gè)三棱錐的側(cè)面和底面所成二面角的度數(shù)為________． 解析：設(shè)一個(gè)側(cè)面面積為S1，底面面積為S，則這個(gè)側(cè)面在底面上射影的面積為，由題設(shè)得＝，設(shè)側(cè)面與底面所成二面角為θ，則cos θ＝＝＝， ∴θ＝60. 答案：60 8．P是二面角αABβ棱上的一點(diǎn)，分別在α、β平面上引射線PM、PN，如果∠BPM＝∠BPN＝45，∠MPN＝60，那么二面角αABβ的大小為________． 解析：不妨設(shè)PM＝a，PN＝b，如圖，作ME⊥AB于E，NF⊥AB于F， ∵∠EPM＝∠FPN＝45， ∴PE＝a，PF＝b， ∴＝(－)(－) ＝－

5、－＋ ＝abcos 60－abcos 45－abcos 45＋ab ＝－－＋＝0， ∴⊥，∴二面角αABβ的大小為90. 答案：90 9．正四棱錐SABCD中，O為頂點(diǎn)在底面上的射影，P為側(cè)棱SD的中點(diǎn)，且SO＝OD，則直線BC與平面PAC所成的角是________． 解析：如圖所示，以O(shè)為原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系Oxyz. 設(shè)OD＝SO＝OA＝OB＝OC＝a， 則A(a,0,0)，B(0，a,0)， C(－a,0,0)，P(0，－，)． 則＝(2a,0,0)，＝(－a，－，)，＝(a，a,0)． 設(shè)平面PAC的法向量為n，可求得n＝(0,1,1)， 則cos 〈，n〉＝

6、＝＝. ∴〈，n〉＝60， ∴直線BC與平面PAC所成的角為90－60＝30. 答案：30 二、解答題 10．如圖，已知正三棱柱ABCA1B1C1各棱長(zhǎng)都是4，E是BC的中點(diǎn)，動(dòng)點(diǎn)F在側(cè)棱CC1上，且不與點(diǎn)C重合． (1)當(dāng)CF＝1時(shí)，求證：EF⊥A1C； (2)設(shè)二面角CAFE的大小為θ，求tan θ的最小值． 解析：(1)證明：建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系，則由已知可得A(0，0,0)，B(2，2,0)，C(0,4,0)，A1(0,0,4)，E(，3,0)，F(xiàn)(0，4,1)． 于是1＝(0，－4,4)， ＝(－，1,1)． 則1＝(0，－4,4)(－，1,1)＝0－4

7、＋4＝0， 故EF⊥A1C. (2)設(shè)CF＝λ(0<λ≤4)，平面AEF的一個(gè)法向量為m＝(x，y，z)，則由(1)得F(0,4，λ)． ＝(，3,0)，＝(0,4，λ)，于是由m⊥，m⊥可得即取m＝(λ，－λ，4)． 又由直三棱柱的性質(zhì)可取側(cè)面AC1的一個(gè)法向量為n＝(1,0,0)，于是由θ為銳角可得cos θ＝＝，sin θ＝，所以tan θ＝＝. 由0<λ≤4，得≥，即tan θ≥ ＝. 故當(dāng)λ＝4，即點(diǎn)F與點(diǎn)C1重合時(shí)，tan θ取得最小值. 11．如圖，矩形ABCD和直角梯形BEFC所在平面互相垂直，∠BCF＝90，BE∥CF，CE⊥EF，AD＝，EF＝2. (1)求

8、異面直線AD與EF所成的角； (2)當(dāng)AB的長(zhǎng)為何值時(shí)，二面角AEFC的大小為45？ 解析：如圖，以點(diǎn)C為坐標(biāo)原點(diǎn)，分別以CB，CF和CD作為x軸，y軸和z軸建立空間直角坐標(biāo)系Cxyz.設(shè)AB＝a，BE＝b，CF＝c(b

9、向量， 則n＝0，n＝0， 結(jié)合||2＋||2＝||2－||2， 解得n＝(1，，)． 又因?yàn)锽A⊥平面BEFC，＝(0,0，a)， 所以|cos〈n，〉|＝＝＝， 得到a＝. 所以當(dāng)AB為時(shí)，二面角AEFC的大小為45. 12．如圖，棱柱ABCDA1B1C1D1的所有棱長(zhǎng)都等于2，∠ABC＝60，平面AA1C1C⊥平面ABCD，∠A1AC＝60. (1)證明：BD⊥AA1； (2)求二面角DA1AC的平面角的余弦值； (3)在直線CC1上是否存在點(diǎn)P，使BP∥平面DA1C1？若存在，求出點(diǎn)P的位置；若不存在，說明理由． 解析：連結(jié)BD交AC于O，則BD⊥AC，連結(jié)A1

10、O. 在△AA1O中，AA1＝2，AO＝1，∠A1AO＝60， ∴A1O2＝AA＋AO2－2AA1AOcos 60＝3， ∴AO2＋A1O2＝A1A2， ∴A1O⊥AO， 由于平面AA1C1C⊥平面ABCD， ∴A1O⊥底面ABCD， ∴以O(shè)B、OC、OA1所在直線為x軸、y軸、z軸建立如圖所示空間直角坐標(biāo)系，則A(0，－1,0)，B(，0,0)，C(0,1,0)，D(－，0,0)，A1(0,0，)． (1)證明：由于＝(－2，0,0)，＝(0,1，)，則＝0(－2)＋10＋0＝0，∴BD⊥AA1. (2)由于OB⊥平面AA1C1C， ∴平面AA1C1C的法向量n1＝(1,0,0)， 設(shè)n2⊥平面AA1D，則設(shè)n2＝(x，y，z)， 得到取n2＝(1，，－1)， ∴cos 〈n1，n2〉＝＝， ∴二面角DA1AC的平面角的余弦值是. (3)假設(shè)在直線CC1上存在點(diǎn)P，使BP∥平面DA1C1， 設(shè)＝λ，P(x，y，z)，則(x，y－1，z)＝λ(0,1，)， 得P(0,1＋λ，λ)，＝(－，1＋λ，λ)． 設(shè)n3⊥平面DA1C1，則 設(shè)n3＝(x3，y3，z3)， 得到 不妨取n3＝(1,0，－1)． 又∵∥平面DA1C1， 則n3＝0， 即－－λ＝0，得λ＝－1， 即點(diǎn)P在C1C的延長(zhǎng)線上且使C1C＝CP.