2018年高考物理 考點(diǎn)一遍過 專題51 電磁感應(yīng)圖象問題.doc

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1、 專題51 電磁感應(yīng)圖象問題 一、電磁感應(yīng)中的圖象問題 1.圖象類型 電磁感應(yīng)中主要涉及的圖象有B–t圖象、Φ–t圖象、E–t圖象和I–t圖象。還常涉及感應(yīng)電動勢E和感應(yīng)電流I隨線圈位移x變化的圖象,即E–x圖象和I–x圖象。 2.常見題型:圖象的選擇、圖象的描繪、圖象的轉(zhuǎn)換、圖象的應(yīng)用。 3.所用規(guī)律 一般包括:左手定則、安培定則、楞次定律、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、牛頓運(yùn)動定律等。 4.常見題目類型: 問題類型 解題關(guān)鍵 由給定的電磁感應(yīng)過程選出正確的圖象 根據(jù)題意分析相關(guān)物理量的函數(shù)關(guān)系、分析物理過程中的轉(zhuǎn)折點(diǎn)、明確“+、–”號的含義,結(jié)合數(shù)學(xué)知識做正確的

2、判斷 由一種電磁感應(yīng)的圖象分析求解出對應(yīng)的另一種電磁感應(yīng)圖象的問題 (1)要明確已知圖象表示的物理規(guī)律和物理過程; (2)根據(jù)所求的圖象和已知圖象的聯(lián)系,對另一圖象做出正確的判斷進(jìn)行圖象間的轉(zhuǎn)換 由電磁感應(yīng)圖象得出的物理量和規(guī)律分析求解動力學(xué)、電路等問題 從圖象上讀取有關(guān)信息是求解本題的關(guān)鍵,圖象是數(shù)理綜合的一個重要的窗口,在運(yùn)用圖象解決物理問題時,第一個關(guān)鍵是破譯,即解讀圖象中的關(guān)鍵信息(尤其是過程信息),另一個關(guān)鍵是轉(zhuǎn)換,即有效地實(shí)現(xiàn)物理信息和數(shù)學(xué)信息的相互轉(zhuǎn)換。 5.題型特點(diǎn) 一般可把圖象問題分為三類: (1)由給定的電磁感應(yīng)過程選出或畫出正確的圖象; (2)由給定的有

3、關(guān)圖象分析電磁感應(yīng)過程,求解相應(yīng)的物理量; (3)根據(jù)圖象定量計算。 6.解題關(guān)鍵 弄清初始條件,正負(fù)方向的對應(yīng),變化范圍,所研究物理量的函數(shù)表達(dá)式,進(jìn)、出磁場的轉(zhuǎn)折點(diǎn)是解決問題的關(guān)鍵。 7.解決圖象問題的一般步驟 (1)明確圖象的種類,即是B–t圖象還是Φ–t圖象,或者是E–t圖象、I–t圖象等; (2)分析電磁感應(yīng)的具體過程; (3)用右手定則或楞次定律確定方向?qū)?yīng)關(guān)系; (4)結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、牛頓運(yùn)動定律等規(guī)律寫出函數(shù)關(guān)系式; (5)根據(jù)函數(shù)關(guān)系式,進(jìn)行數(shù)學(xué)分析,如分析斜率的變化、截距等。 (6)畫出圖象或判斷圖象。 二、電磁感應(yīng)中圖象類選擇題

4、的兩個常見解法 1.排除法:定性地分析電磁感應(yīng)過程中物理量的變化趨勢(增大還是減?。?、變化快慢(均勻變化還是非均勻變化),特別是物理量的正負(fù),排除錯誤的選項(xiàng)。 2.函數(shù)法:根據(jù)題目所給條件定量地寫出兩個物理量之間的函數(shù)關(guān)系,然后由函數(shù)關(guān)系對圖象作出分析和判斷,這未必是最簡捷的方法,但卻是最有效的方法。 三、分析物理圖象常用方法 1.定性分析物理圖象 (1)要明確圖象坐標(biāo)軸的意義; (2)借助有關(guān)的物理概念、公式、定理和定律做出分析判斷。 2.定量計算 (1)弄清圖象所揭示的物理規(guī)律或物理量間的函數(shù)關(guān)系; (2)挖掘圖象中的隱含條件,明確有關(guān)圖線所包圍的面積、圖線的斜率(或其絕

5、對值)、截距所表示的物理意義。 如圖所示,兩光滑平行長直導(dǎo)軌,水平放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中,磁場與導(dǎo)軌所在平面垂直。已知金屬棒MN能沿導(dǎo)軌自由滑動,導(dǎo)軌一端跨接一個定值電阻R,金屬棒與導(dǎo)軌電阻不計。金屬棒在恒力F作用下從靜止開始沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動,在以后過程中,下列表示金屬棒速度v、加速度a、感應(yīng)電動勢E以及通過電阻R的電荷量q隨時間t變化關(guān)系的圖象錯誤的是 【參考答案】A 【詳細(xì)解析】金屬棒受到的安培力:,由牛頓第二定律得:,解得其加速度:,金屬棒做加速運(yùn)動,速度v不斷增大,則加速度a不斷減小,直到零,金屬棒開始做加速度減小的加速度運(yùn)動,當(dāng)加速度為零時,最后做勻速直

6、線運(yùn)動,故A錯誤;由于金屬棒做加速度減小的加速運(yùn)動,v的變化率越來越小,由可知,a減小的越來越慢,a–t圖象的斜率越來越小,故B正確;根據(jù)電動勢,由于金屬棒做加速度減小的加速運(yùn)動,則E逐漸增大,但E增加的越來越慢,即圖象斜率逐漸減小,最后金屬棒做勻速運(yùn)動,E保持不變,故C正確;通過電阻R的電荷量:,由于金屬棒做加速度越來越小的加速運(yùn)動,金屬棒的位移隨時間增大,增加的越來越慢,通過R的電荷量隨時間增加,但在相等時間內(nèi)的增加量逐漸減小,故D正確。 【名師點(diǎn)睛】本題考查了判斷速度v、加速度a、感應(yīng)電動勢E、通過電阻的電荷量隨時間的變化關(guān)系,求出金屬棒受到的安培力,應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度,然后進(jìn)

7、行分析即可正確解題,知道金屬棒做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動,最后做勻速直線運(yùn)動是正確解題的關(guān)鍵。 1.如圖,在光滑水平桌面上有一邊長為L、電阻為R的正方形導(dǎo)線框;在導(dǎo)線框右側(cè)有一寬度為d(d>L)的條形勻強(qiáng)磁場區(qū)域,磁場的邊界與導(dǎo)線框的一邊平行,磁場方向豎直向下。導(dǎo)線框以某一初速度向右行動。t=0時導(dǎo)線框的右邊恰與磁場的左邊界重合,隨后導(dǎo)線框進(jìn)入并通過磁場區(qū)域。下列v–t圖象中,可能正確描述上述過程的是 【答案】D 中做勻速運(yùn)動直至右邊滑出磁場,線框出磁場過程仍做加速度減小的減速運(yùn)動,C錯誤,D正確。 【名師點(diǎn)睛】此題是法拉第電磁感應(yīng)定律的綜合應(yīng)用問題;關(guān)鍵是分析線圈過磁場的

8、物理過程,結(jié)合牛頓運(yùn)動定律來判斷其運(yùn)動情況,然后進(jìn)行判斷。 2.如圖甲所示,光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ所在平面與水平面成θ角,M、P兩端接一電阻為R的定值電阻,電阻為r的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置,其他部分電阻不計。整個裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中。時對金屬棒施加一平行于導(dǎo)軌向上的外力F,使金屬棒由靜止開始沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動,通過定值電阻R的電荷量q隨時間的平方變化的關(guān)系如圖乙所示。下列關(guān)于穿過回路的磁通量、金屬棒的加速度a、外力F、通過電阻R的電流I隨時間t變化的圖象中正確的是 A B

9、 C D 【答案】C 知,v隨時間均勻增大,其他量保持不變,故F隨時間均勻增大,故C正確;通過導(dǎo)體棒的電流,I–t圖象為過原點(diǎn)直線,故D錯誤;故選C。 【名師點(diǎn)睛】對于圖象問題一定弄清楚兩坐標(biāo)軸的含義,尤其注意斜率、截距的含義,對于復(fù)雜的圖象可以通過寫出兩坐標(biāo)軸所代表物理量的函數(shù)表達(dá)式進(jìn)行分析。 邊長為a的閉合金屬正三角形框架,完全處于垂直于框架平面的勻強(qiáng)磁場中,現(xiàn)把框架勻速拉出磁場,如圖甲所示,則選項(xiàng)圖中電動勢、外力、外力功率與位移圖象規(guī)律與這一過程相符合的是 A B

10、 C D 【參考答案】B 【詳細(xì)解析】感應(yīng)電動勢,則E與x成正比,故A錯誤,B正確;線框勻速運(yùn)動F外=F安=BIL,感應(yīng)電流為:,感應(yīng)電動勢為:E=BLv,得到外力為:,有效長度為:,可得: ,B、R、v一定,則F外∝x2,故C錯誤;外力的功率為:,P外∝x2,故D錯誤。所以B正確,ACD錯誤。 1.如圖所示,矩形閉合導(dǎo)體線框在勻強(qiáng)磁場上方,由不同高度靜止釋放,用t1、t2分別表示線框ab邊和cd邊剛進(jìn)入磁場的時刻。線框下落過程形狀不變,ab邊始終保持與磁場水平邊界線OO′平行,線框平面與磁場方向垂直。設(shè)OO′下方磁場區(qū)域足夠大,不計

11、空氣影響,則下列哪一個圖象不可能反映線框下落過程中速度v隨時間t變化的規(guī)律 【答案】A 的速度合適,線框所受安培力等于重力,則線框勻速進(jìn)入磁場,圖象D有可能;由分析可知選A。 【名師點(diǎn)睛】本題考查電磁感應(yīng)、牛頓定律及v–t圖象。關(guān)鍵是分析線圈的受力情況,然后根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行判斷;此題意在考查考生對電磁感應(yīng)規(guī)律的理解和認(rèn)識。 2.如圖,閉合銅制線框用細(xì)線懸掛,靜止時其下半部分位于與線框平面垂直的磁場中。若將細(xì)線剪斷后線框仍能靜止在原處,則磁場的的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t變化規(guī)律可能的是 A B C

12、 D 【答案】B 如圖甲所示,無限長的直導(dǎo)線與y軸重合,通有沿+y方向的恒定電流,該電流在其周圍產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與橫坐標(biāo)的倒數(shù)的關(guān)系如圖乙所示(圖中x0、B0均為已知量)。圖甲中,坐標(biāo)系的第一象限內(nèi),平行于x軸的兩固定的金屬導(dǎo)軌間距為L,導(dǎo)軌右端接阻值為R的電阻,左端放置一金屬棒ab。ab棒在沿+x方向的拉力作用下沿導(dǎo)軌運(yùn)動(ab始終與導(dǎo)軌垂直且保持接觸良好),產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定不變。已知ab棒的質(zhì)量為m,經(jīng)過x=x0處時的速度為v0,不計棒、導(dǎo)軌的電阻。 (1)判斷ab棒中感應(yīng)電流的方向; (2)求ab棒經(jīng)過x=3x0時的速度和所受

13、安培力的大小。 【參考答案】(1)ab棒中感應(yīng)電流的方向a→b (2)3v0 【詳細(xì)解析】(1)由安培定則判斷知導(dǎo)軌所在處磁場的方向垂直紙面向里,由右手定則判斷:ab棒中感應(yīng)電流的方向a→b。 (2)因棒中棒中感應(yīng)電流恒定不變,電路中感應(yīng)電動勢不變,有: B0Lv0=BLv 由圖象知 聯(lián)立得:v=3v0, 棒所受安培力的大小為: 1.一正三角形導(dǎo)線框ABC(高度為a)從圖示位置沿x軸正向勻速穿過兩勻強(qiáng)磁場區(qū)域。兩磁場區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向相反、垂直于平面、寬度均為a。下列圖象反映感應(yīng)電流I與線框移動距離x的關(guān)系,以逆時針方向?yàn)殡娏鞯恼较?。其中正確的是

14、 A B C D 【答案】C 【名師點(diǎn)睛】解電磁感應(yīng)的圖象問題的一般解題步驟: (1)明確圖象的種類,即是B–t圖還是Φ–t圖,或者是E–t圖、I–t圖等。 (2)分析電磁感應(yīng)的具體過程判斷對應(yīng)的圖象是否分段,共分幾段。 (3)用右手定則或楞次定律確定感應(yīng)電流的方向。 (4)結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、牛頓定律等規(guī)律寫出函數(shù)關(guān)系式。 (5)根據(jù)函數(shù)關(guān)系式,進(jìn)行數(shù)學(xué)分析。 (6)畫圖象或判斷圖象。 將一段導(dǎo)線繞成圖甲所示的閉合回路,并固定在水

15、平面(紙面)內(nèi)?;芈返腶b邊置于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場Ⅰ中。回路的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場Ⅱ,以向里為磁場Ⅱ的正方向,其磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t變化的圖象如圖乙所示。用F表示ab邊受到的安培力,以水平向右為F的正方向,能正確反映F隨時間t變化的圖象是 【參考答案】B 【詳細(xì)解析】本題考查電磁感應(yīng)中的圖象問題,意在考查考生利用法拉第電磁感應(yīng)定律及楞次定律、左手定則處理電磁感應(yīng)綜合問題的能力。0~時間內(nèi),根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及楞次定律可得回路的圓環(huán)形區(qū)域產(chǎn)生大小恒定的、順時針方向的感應(yīng)電流,根據(jù)左手定則,ab邊在勻強(qiáng)磁場Ⅰ中受到水平向左的恒定的安培力;同理可得~T時間內(nèi),ab邊在

16、勻強(qiáng)磁場Ⅰ中受到水平向右的恒定的安培力,故B項(xiàng)正確。 【名師點(diǎn)睛】本題考查電磁感應(yīng)中的圖象問題,解題時一定要分階段考慮;此題意在考查考生利用法拉第電磁感應(yīng)定律及楞次定律、左手定則處理電磁感應(yīng)綜合問題的能力。 1.如圖甲所示,矩形線圈位于一變化的勻強(qiáng)磁場內(nèi),磁場方向垂直線圈所在的平面(紙面)向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示。用I表示線圈中的感應(yīng)電流,取順時針方向的電流為正。則圖丙中的I–t圖象正確的是 【答案】C 【名師點(diǎn)睛】此類問題不必非要求得電動勢的大小,應(yīng)根據(jù)楞次定律判斷電路中電流的方向,結(jié)合電動勢的變化情況即可得出正確結(jié)果。 2.如圖甲所示,水平面上的

17、兩光滑金屬導(dǎo)軌平行固定放置,間距d=0.5 m,電阻不計,左端通過導(dǎo)線與阻值R=2 Ω的電阻連接,右端通過導(dǎo)線與阻值RL=4 Ω的小燈泡L連接。在CDFE矩形區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場,CE長l=2 m,有一阻值r=2 Ω的金屬棒PQ放置在靠近磁場邊界CD處(恰好不在磁場中)。CDFE區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化如圖乙所示。在t=0至t=4 s內(nèi),金屬棒PQ保持靜止,在t=4 s時使金屬棒PQ以某一速度進(jìn)入磁場區(qū)域并保持勻速運(yùn)動。已知從t=0開始到金屬棒運(yùn)動到磁場邊界EF處的整個過程中,小燈泡的亮度沒有發(fā)生變化。求: (1)通過小燈泡的電流; (2)金屬棒PQ在磁場區(qū)域中運(yùn)動的速

18、度大小。 【答案】(1)0.1 A (2)1 m/s 通過小燈泡的電流為: (2)當(dāng)棒在磁場區(qū)域中運(yùn)動時,由導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生電動勢,電路為R與RL并聯(lián),再與r串聯(lián),此時電路的總電阻 由于燈泡中電流不變,所以燈泡的電流IL=I=0.1 A 則流過金屬棒的電流為 電動勢 解得棒PQ在磁場區(qū)域中運(yùn)動的速度大小v=1 m/s 1.如圖1所示,線圈abcd固定于勻強(qiáng)磁場中,磁場方向垂直紙面向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化情況如圖2所示。下列關(guān)于ab邊所受安培力隨時間變化的F–t圖象(規(guī)定安培力方向向右為正)正確的是 2.紙面內(nèi)兩個半徑均為R的圓相切于O點(diǎn),兩圓形區(qū)

19、域內(nèi)分別存在垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反,且不隨時間變化。一長為2R的導(dǎo)體桿OA繞O點(diǎn)且垂直于紙面的軸順時針勻速旋轉(zhuǎn),角速度為ω。t=0時,OA恰好位于兩圓的公切線上,如圖所示,若選取從O指向A的電動勢為正,下列描述導(dǎo)體桿中感應(yīng)電動勢隨時間變化的圖象可能正確的是 A B C D 3.三角形導(dǎo)線框abc放在勻強(qiáng)磁場中,磁感線方向與線圈平面垂直,磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間變化的圖象如圖所示。t=0時磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里,則在0~4 s

20、時間內(nèi),線框的ab邊所受安培力隨時間變化的圖象如圖所示(力的方向規(guī)定向右為正) 4.如圖,在水平面(紙面)內(nèi)有三根相同的均勻金屬棒ab、ac和MN,其中ab、ac在a點(diǎn)接觸,構(gòu)成“V”字型導(dǎo)軌??臻g存在垂直于紙面的均勻磁場。用力使MN向右勻速運(yùn)動,從圖示位置開始計時,運(yùn)動中MN始終與∠bac的平分線垂直且和導(dǎo)軌保持良好接觸。下列關(guān)于回路中電流i、穿過三角形回路的磁通量Φ、MN上安培力F的大小、回路中的電功率P與時間t的關(guān)系圖線??赡苷_的是 A B C D 5.在空間存在

21、著豎直向上的各處均勻的磁場,將一個不變形的單匝金屬圓線圈放入磁場中,規(guī)定線圈中感應(yīng)電流方向如圖甲所示的方向?yàn)檎?。?dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示時,下圖中能正確表示線圈中感應(yīng)電流隨時間變化的圖線是 A B C D 6.如圖所示,閉合導(dǎo)線框勻速穿過垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場區(qū)域,磁場區(qū)域?qū)挾却笥诰€框尺寸,規(guī)定線框中逆時針方向的電流為正,則線框中電流i隨時間t變化的圖象可能正確的是 A B

22、 C D 7.如圖所示,兩個相鄰的勻強(qiáng)磁場,寬度均為L,方向垂直紙面向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B、2B。邊長為L的正方形線框從位置甲勻速穿過兩個磁場到位置乙,規(guī)定感應(yīng)電流逆時針方向?yàn)檎?,則感應(yīng)電流i隨時間t變化的圖象是 A B C D 8.如圖所示,閉合直角三角形線框,底邊長為l,現(xiàn)將它勻速拉過寬度為d的勻強(qiáng)磁場(l>d)。若以逆時針方向?yàn)殡娏鞯恼较颍瑒t以下四個I–t圖象中正確的是 A

23、 B C D 9.如圖所示,為三個有界勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,方向分別垂直紙面向外、向里和向外,磁場寬度均為L,在磁場區(qū)域的左側(cè)邊界處,有一邊長為L的正方形導(dǎo)體線框,總電阻為R,且線框平面與磁場方向垂直,現(xiàn)用外力F使線框以速度v勻速穿過磁場區(qū)域,以初始位置為計時起點(diǎn),規(guī)定電流沿逆時針方向時的電動勢E為正,磁感線垂直紙面向里時的磁通量Φ為正值,外力F向右為正。則以下反映線框中的磁通量Φ、感應(yīng)電動勢E、外力F和電功率P隨時間變化規(guī)律圖象錯誤的是 A B

24、 C D 10.如圖甲所示,水平放置間距為0.5 m的平行金屬導(dǎo)軌,導(dǎo)軌右端接一電阻。在間距為d=4 m的虛線ef、gh間存在著垂直軌道平面向下的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化情況如圖乙所示。質(zhì)量為0.125 kg的導(dǎo)體棒ab橫跨在導(dǎo)軌上,與導(dǎo)軌接觸良好并無摩擦。導(dǎo)體棒由靜止開始在0.25 N的水平恒力F作用下開始運(yùn)動,2.0 s末剛好運(yùn)動到ef處。整個電路除R外,其他電阻均不計。求: (1)導(dǎo)體棒開始運(yùn)動的位置到磁場邊界ef的距離x; (2)導(dǎo)體棒從開始運(yùn)動到離開磁場的過程中,電阻R上產(chǎn)生的熱量。 11.

25、如圖所示,水平面上固定一個間距L=1 m的光滑平行金屬導(dǎo)軌,整個導(dǎo)軌處在豎直方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1 T的勻強(qiáng)磁場中,導(dǎo)軌一端接阻值R=9 Ω的電阻。導(dǎo)軌上有質(zhì)量m=1 kg、電阻r=1 Ω、長度也為1 m的導(dǎo)體棒,在外力的作用下從t=0開始沿平行導(dǎo)軌方向運(yùn)動,其速度隨時間的變化規(guī)律是,不計導(dǎo)軌電阻。求: (1)t=4 s時導(dǎo)體棒受到的安培力的大小; (2)請在如圖所示的坐標(biāo)系中畫出電流平方與時間的關(guān)系(I2-t)圖象。 12.如圖甲所示,在水平面上固定寬為L=1 m、足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌,左端接有R=0.5 Ω的定值電阻,在垂直導(dǎo)軌且距導(dǎo)軌左端 d=2.5 m處有阻值

26、 r=0.5 ?、質(zhì)量 m=2 kg的光滑導(dǎo)體棒,導(dǎo)軌其余部分電阻不計。磁場垂直于導(dǎo)軌所在平面,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示。第1 s內(nèi)導(dǎo)體棒在拉力F作用下始終處于靜止?fàn)顟B(tài),1 s后,拉力F保持與第1 s末相同,導(dǎo)體棒從靜止直至剛好達(dá)到最大速度過程中,拉力F做功為W=11.25 J。求: (1)第1 s末感應(yīng)電流的大??; (2)第1 s末拉力的大小及方向; (3)1 s后導(dǎo)體棒從靜止直至剛好達(dá)到最大速度過程中,電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。 13.如圖甲所示,兩根足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ被固定在水平面上,導(dǎo)軌間距l(xiāng)=0.6 m,兩導(dǎo)軌的左端用導(dǎo)線連接電阻R1及理想電壓表V

27、,電阻為r=2 Ω的金屬棒垂直于導(dǎo)軌靜止在AB處;右端用導(dǎo)線連接電阻R2,已知R1=2 Ω,R2=1 Ω,導(dǎo)軌及導(dǎo)線電阻均不計。在矩形區(qū)域CDFE內(nèi)有豎直向上的磁場,CE=0.2 m,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。開始時電壓表有示數(shù),當(dāng)電壓表示數(shù)變?yōu)榱愫螅瑢饘侔羰┘右凰较蛴业暮懔,使金屬棒剛進(jìn)入磁場區(qū)域時電壓表的示數(shù)又變?yōu)樵瓉淼闹担饘侔粼诖艌鰠^(qū)域內(nèi)運(yùn)動的過程中電壓表的示數(shù)始終保持不變。求: (1)t=0.1 s時電壓表的示數(shù); (2)恒力F的大?。? (3)從t=0時刻到金屬棒運(yùn)動出磁場的過程中整個電路產(chǎn)生的熱量。 14.如圖甲所示,兩根完全相同的光滑平行導(dǎo)軌固定,每

28、根導(dǎo)軌均由兩段與水平成θ=30°的長直導(dǎo)軌和一段圓弧導(dǎo)軌平滑連接而成,導(dǎo)軌兩端均連接電阻,阻值R1=R2=2 Ω,導(dǎo)軌間距L=0.6 m。在右側(cè)導(dǎo)軌所在斜面的矩形區(qū)域M1M2P2P1內(nèi)分布有垂直斜面向上的磁場,磁場上下邊界M1P1、M2P2的距離d=0.2 m,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時刻,在右側(cè)導(dǎo)軌斜面上與M1P1距離s=0.1 m處,有一根阻值r=2 Ω的從屬棒ab垂直于導(dǎo)軌由靜止釋放,恰好獨(dú)立勻速通過整個磁場區(qū)域,取重力加速度g=10 m/s2,導(dǎo)軌電阻不計。求: (1)ab在磁場中運(yùn)動的速度大小v; (2)在t1=0.1 s時刻和t2=0.25 s時刻電

29、阻R1的電功率之比; (3)電阻R2產(chǎn)生的總熱量Q總。 15.如圖甲所示,兩根足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌間距,導(dǎo)軌電阻不計。導(dǎo)軌與水平面成角固定在一范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場中,磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上,兩根相同的金屬桿MN、PQ垂直放在金屬導(dǎo)軌上,金屬桿質(zhì)量均為,電阻均為。用長為的絕緣細(xì)線將兩金屬桿的中點(diǎn)相連,在下述運(yùn)動中,金屬桿與金屬導(dǎo)軌始終接觸良好。 (1)在上施加平行于導(dǎo)軌的拉力,使保持靜止,穿過回路的磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度變化規(guī)律如圖乙所示,則在什么時刻回路的面積發(fā)生變化? (2)若磁場的方向不變,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒為,將細(xì)線剪斷,同時用平行于導(dǎo)軌的拉力使金屬桿以的速度沿導(dǎo)軌向上作勻速運(yùn)

30、動,求拉力的最大功率和回路電阻的最大發(fā)熱功率。 16.(2016四川卷)如圖所示,電阻不計、間距為l的光滑平行金屬導(dǎo)軌水平放置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中,導(dǎo)軌左端接一定值電阻R。質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒MN置于導(dǎo)軌上,受到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開始運(yùn)動,外力F與金屬棒速度v的關(guān)系是F=F0+kv(F0、k是常量),金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好。金屬棒中感應(yīng)電流為i,受到的安培力大小為FA,電阻R兩端的電壓為UR,感應(yīng)電流的功率為P,它們隨時間t變化圖象可能正確的有 17.(2014新課標(biāo)全國Ⅰ卷)如圖(a),線圈ab、cd繞在同一軟鐵芯上,在a

31、b線圈中通以變化的電流,測得cd間的的電壓如圖(b)所示,已知線圈內(nèi)部的磁場與流經(jīng)的電流成正比, 則下列描述線圈ab中電流隨時間變化關(guān)系的圖中,可能正確的是 A B C D 18.(2015廣東卷)如圖(a)所示,平行長直金屬導(dǎo)軌水平放置,間距L=0.4 m,導(dǎo)軌右端接有阻值R=1 Ω的電阻,導(dǎo)體棒垂直放置在導(dǎo)軌上,且接觸良好,導(dǎo)體棒及導(dǎo)軌的電阻均不計,導(dǎo)軌間正方形區(qū)域abcd內(nèi)有方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場,bd連線與導(dǎo)軌垂直,長度也為L,從0時刻開始,磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時間t變化

32、,規(guī)律如圖(b)所示;同一時刻,棒從導(dǎo)軌左端開始向右勻速運(yùn)動,1 s后剛好進(jìn)入磁場,若使棒在導(dǎo)軌上始終以速度v=1 m/s做直線運(yùn)動,求: (1)棒進(jìn)入磁場前,回路中的電動勢E; (2)棒在運(yùn)動過程中受到的最大安培力F,以及棒通過三角形abd區(qū)域時電流i與時間t的關(guān)系式。 19.(2014山東卷)如圖甲所示,間距為d、垂直于紙面的兩平行板P、Q間存在勻強(qiáng)磁場。取垂直于紙面向里為磁場的正方向,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時刻,一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子(不計重力),以初速度由板左端靠近板面的位置,沿垂直于磁場且平行于板面的方向射入磁場區(qū)。當(dāng)和取某些特定值時,可使時

33、刻入射的粒子經(jīng)時間恰能垂直打在板上[(不考慮粒子反彈)。上述為已知量。 (1)若,求; (2)若,求粒子在磁場中運(yùn)動時加速度的大小; (3)若,為使粒子仍能垂直打在板上,求。 1.C【解析】由楞次定律知,感應(yīng)電流的方向?yàn)閍dcba,根據(jù)電磁感應(yīng)定律,根據(jù),電流為定值,根據(jù)左手定則,ab邊所受安培力的方向向右,由F=BIL知,安培力均勻增加,C正確。 【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律,以及安培力的大小和方向的判定。 【名師點(diǎn)睛】此題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用問題;解題的關(guān)鍵是要找到在任意時刻導(dǎo)線切割磁感線的有效長度,然后建立感應(yīng)電

34、動勢E與時間t的函數(shù)關(guān)系即可進(jìn)行判斷。 3.B【解析】0~1 s,根據(jù)楞次定律和左手定則,ab邊受力方向向左,即為負(fù)方向;大小F=B,隨磁場的減弱而減小,選項(xiàng)ACD都可排除。同理可判斷之后3 s時間內(nèi)ab受力變化規(guī)律,可確定B項(xiàng)正確。 4.AC【解析】設(shè)∠bac=2θ,單位長度電阻為R0,則MN切割產(chǎn)生電動勢E=BLv=Bv?2vt×tanθ=2Bv2ttan θ,回路總電阻為R=(2vttanθ+2vtcosθ)R0=vtR0(2tanθ+2cosθ),由閉合電路歐姆定律得:i=E/R=2Bv2t?tanθ/vtR0(2tanθ+2cosθ)=2BvtanθR0(2tanθ+2cosθ)

35、,i與時間無關(guān),是一定值,故C正確;MN上安培力F=Bil=2Bi(L+vt)tanα,t增大,F(xiàn)均勻增大,故A正確;回路中的電功率P=i2R=i2 vtR0(2tanθ+2cosθ),t增大,P均勻增大,故B錯誤;穿過三角形回路的磁通量,與時間不成線性關(guān)系,D錯誤。故選AC。 【名師點(diǎn)睛】MN做切割磁感線運(yùn)動,回路中有效的切割長度均勻增大,產(chǎn)生感應(yīng)電動勢E=BLv越來越大,回路總電阻也增大,根據(jù)電阻定律可求回路總電阻,然后利用閉合電路歐姆定律列式,分析回路中電流的變化情況,由安培力公式F=BIL分析安培力的變化情況。根據(jù)電流列出回路中的電功率和穿過三角形回路的磁通量的表達(dá)式即可求解。 5

36、.B【解析】感應(yīng)定律和歐姆定律得,所以線圈中的感應(yīng)電流決定于磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨t的變化率,由圖乙可知,0~1 s時間內(nèi),B增大,Φ增大,感應(yīng)磁場與原磁場方向相反(感應(yīng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向外),由楞次定律,感應(yīng)電流是順時針的,因而是正值。所以可判斷0~1 s為正的恒值;在1~2 s內(nèi),因磁場的不變,則感應(yīng)電動勢為零,所以感應(yīng)電流為零;同理2~4 s,磁場在減小,由楞次定律可知,感應(yīng)電流與原方向相反,即為負(fù)的恒值;根據(jù)感應(yīng)定律和歐姆定律得,可知,斜率越大的,感應(yīng)電動勢越大,則感應(yīng)電流越大,故B正確,ACD錯誤。 【名師點(diǎn)睛】解題時先根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向。再分兩段時間分析感應(yīng)電動勢,

37、由歐姆定律得到感應(yīng)電流的變化情況。感應(yīng)電動勢公式E=Blv,L是有效的切割長度即與速度垂直的長度。 7.D【解析】金屬棒剛進(jìn)入磁場切割產(chǎn)生電動勢,右手定則判斷出感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r針,所以電流為負(fù)值,此時的電流,當(dāng)線框剛進(jìn)入第二個磁場時,則右側(cè)金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢,從而產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r針方向,左側(cè)金屬棒產(chǎn)生的電動勢,所產(chǎn)生感應(yīng)電流為逆時針方向,由于右側(cè)磁場強(qiáng)度為2I,則產(chǎn)生電流的方向?yàn)轫槙r針,即電流值為負(fù)值,且此時電流,當(dāng)線圈開始離開第二個磁場時,由右手定則可知,電流為逆時針,大小為2I,故ABC錯誤,D正確。 8.D【解析】在線框向右運(yùn)動距離x為0~d的范圍內(nèi),穿過線框的磁

38、通量不斷增大,由楞次定律可知線框產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿逆時針方向,為正,有效的切割長度為L=xtanθ,線框勻速運(yùn)動故x=vt,感應(yīng)電流的大小為:,可知I∝t;在線框向右運(yùn)動距離x為d~l范圍內(nèi),穿過線框的磁通量均勻增大,由楞次定律可知線框產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿逆時針方向,為正;且感應(yīng)電流大小不變;在線框向右運(yùn)動距離x為l~l+d范圍內(nèi),穿過線框的磁通量不斷減小,由楞次定律可知線框產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿順時針方向,為負(fù),有效的切割長度為L=(x–l–d)tanθ,線框勻速運(yùn)動故x=vt,感應(yīng)電流的大小為,故感應(yīng)電流一開始不為0,之后均勻增大,D正確。 【點(diǎn)評】此題是圖象問題,常用的方法是排除法,先楞次定律分析

39、感應(yīng)電流的方向,作定性分析,再根據(jù)有效切割的長度,列式作定量分析,剔除不符合題意的選項(xiàng),最后選出正確的答案。本題難度較大,注意分段討論。 9.C【解析】當(dāng)線框進(jìn)入磁場時,位移在0~L內(nèi),磁通量開始均勻增加,當(dāng)全部進(jìn)入左側(cè)磁場時達(dá)最大,且為負(fù)值;位移在L~2L內(nèi),向里的磁通量增加,總磁通量均勻減?。划?dāng)位移為1.5L時,磁通量最小,為零,位移在1.5L到2L時,磁通量向里,為正值,且均勻增大。位移在2L~2.5L時,磁通量均勻減小至零。在2.5L~3L內(nèi),磁通量均勻增大,且方向向外,為負(fù)值。在3L~4L內(nèi),磁通量均勻減小至零,且為負(fù)值,故A正確;當(dāng)線圈進(jìn)入第一個磁場時,由E=BLv可知,E保持不

40、變,由右手定則知,感應(yīng)電動勢沿逆時針方向,為正值,線框開始進(jìn)入第二個和第三個磁場時,左右兩邊同時切割磁感線,感應(yīng)電動勢應(yīng)為2BLv,感應(yīng)電動勢沿逆時針方向,為正值,完全在第三個磁場中運(yùn)動時,左邊切割磁感線,感應(yīng)電動勢為BLv,感應(yīng)電動勢沿逆時針方向,為正值,故B正確;因安培力總是與運(yùn)動方向相反,故拉力應(yīng)一直向右,故C錯誤;拉力的功率P=Fv,因速度不變,而在線框在第一個磁場時,電流為定值,拉力也為定值;兩邊分別在兩個磁場中時,由B的分析可知,電流加倍,故安培力加培,功率加倍,此后從第二個磁場中離開時,安培力應(yīng)等于線框在第一個磁場中的安培力,故D正確。 【名師點(diǎn)睛】由線圈的運(yùn)動可得出線圈中磁通

41、量的變化,則由法拉第電磁感應(yīng)定律及E=BLv可得出電動勢的變化;由歐姆定律可求得電路中的電流,則可求得安培力的變化;由P=Fv可求得電功率的變化。 棒進(jìn)入磁場時: 根據(jù)歐姆定律: 則安培力: 所以導(dǎo)體棒在磁場中做勻速直線運(yùn)動,運(yùn)動時間 根據(jù)焦耳定律 【名師點(diǎn)睛】本題考查的問題較多,但多為基礎(chǔ)知識的應(yīng)用,掌握好法拉第電磁感應(yīng)定律、安培力、閉合電路的歐姆定律及電路的性質(zhì),分過程研究,即可順利求解。 11.(1)0.4 N(2)見解析 (1)4 s時導(dǎo)體棒的速度是 感應(yīng)電動勢E=BLv,感應(yīng)電流 此時導(dǎo)體棒受到的安培力F安=BIL=0.4 N (2)由(1)可得 作出

42、圖象如圖所示。 (2) 根據(jù)平衡條件,拉力,方向:水平向右 (3)1 s后導(dǎo)體棒做變加速直線運(yùn)動,當(dāng)受力平衡速度達(dá)最大B=0.8 T 則由電磁感應(yīng)定律:,最終勻速運(yùn)動時:F=BIL代入數(shù)據(jù)得:I=2 A, 代入數(shù)據(jù)得:,根據(jù)能量守恒定律: 代入數(shù)據(jù)得:, 聯(lián)立解得:。 13.(1)0.3 V (2)0.27 N (3)0.09 J (1)在0~0.2 s內(nèi),CDEF產(chǎn)生的電動勢為定值 在0.1 s時電壓表的示數(shù)為: (2)設(shè)此時的總電流為I,則路端電壓為 由題意知: U1=U2 此時的安培力為:F=BIL 解得F=0.27 N (3)0~

43、0.2 s內(nèi)的熱量為: 由功能關(guān)系知導(dǎo)體棒運(yùn)動過程中產(chǎn)生的熱量為 Q2=FLCE=0.054 J 總熱量為Q=Q1+Q2=0.09 J (2)棒從釋放到運(yùn)動至M1P1的時間 在t1=0.1 s時,棒還沒進(jìn)入磁場,有 此時,R2與金屬棒并聯(lián)后再與R1串聯(lián) R總=3 Ω 由圖乙可知,t=0.2s后磁場保持不變,ab經(jīng)過磁場的時間 故在t2=0.25 s時ab還在磁場中運(yùn)動,電動勢E2=BLv=0.6 V 此時R1與R2并聯(lián),R總=3 Ω,得R1兩端電壓U1′=0.2 V 電功率,故在t1=0.1 s和t2=0.25 s時刻電阻R1的電功率比值 (3)設(shè)ab的質(zhì)量為m

44、,ab在磁場中運(yùn)動時,通過ab的電流 ab受到的安培力FA=BIL 又mgsinθ=BIL 解得m=0.024 kg 在0~0.2 s時間里,R2兩端的電壓U2=0.2 V,產(chǎn)生的熱量 ab最終將在M2P2下方的軌道區(qū)域內(nèi)往返運(yùn)動,到M2P2處的速度為零,由功能關(guān)系可得在t=0.2 s后,整個電路最終產(chǎn)生的熱量Q=mgdsin θ+mv2=0.036J 由電路關(guān)系可得R2產(chǎn)生的熱量Q2=Q=0.006 J 故R2產(chǎn)生的總熱量Q總=Q1+Q2=0.01 J 【名師點(diǎn)睛】本題是法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律以及能量守恒定律等知識的綜合應(yīng)用,關(guān)鍵要搞清電路的連接方式及能量轉(zhuǎn)化的關(guān)系,明

45、確感應(yīng)電動勢既與電路知識有關(guān),又與電磁感應(yīng)有關(guān)。 當(dāng)安培力大于PQ桿重力沿斜面的分力時,回路面積將發(fā)生改變 有 由圖象得, 可得時間t=44 s (2)假設(shè)的運(yùn)動速度為時,PQ靜止,則回路中的電流強(qiáng)度為,安培力為 有,解得速度 因<,PQ桿向下運(yùn)動,穩(wěn)定后PQ桿勻速,則回路電流為 PQ桿有 MN桿有 穩(wěn)定后,拉力的功率最大 最大發(fā)熱功率 聯(lián)立解得, 知I與v成正比,則I–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同;根據(jù)可知FA與v成正比,則FA–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同,選項(xiàng)B正確;根據(jù)可知UR與v成正比,則UR–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同;根據(jù)可知P與v2成正比,則

46、P–t圖線不應(yīng)該是直線;同理若,則金屬棒做加速度減小的加速運(yùn)動,其v–t圖象如圖2所示;導(dǎo)體的電流可知I與v成正比,則I–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同,選項(xiàng)A錯誤;根據(jù)可知FA與v成正比,則FA–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同;根據(jù)可知UR與v成正比,則UR–t圖線應(yīng)該和v–t線形狀相同,選項(xiàng)C正確;根據(jù)可知P與v2成正比,則P–t圖線不應(yīng)該是直線,選項(xiàng)D錯誤;故選BC。 【名師點(diǎn)睛】此題是電磁感應(yīng)問題的圖象問題,考查了力、電、磁、能等全方位知識;首先要能從牛頓第二定律入手寫出加速度的表達(dá)式,然后才能知道物體可能做的運(yùn)動性質(zhì);題目中要定量與定性討論相結(jié)合,靈活應(yīng)用數(shù)學(xué)中的函數(shù)知識討論解答。

47、 17.C【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,感應(yīng)電動勢即cd線圈中的電壓,由于磁場是線圈ab中的感應(yīng)電流產(chǎn)生的,所以,綜上可得,即電壓大小與線圈中電流的變化率成正比,根據(jù)圖(b)可判斷0~0.5 s和0.5 s~1.5 s電流的變化率大小相等,方向相反,即圖象斜率大小相等,方向相反,對照選項(xiàng)C對。 【方法技巧】此類問題可用排除法最簡單,由圖知產(chǎn)生的電壓大小不變,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知電流隨時間均勻變化,即可排除ABD選項(xiàng),還可根據(jù)電壓的正負(fù),判斷電流是增大還是減小。 (2)當(dāng)棒進(jìn)入磁場時,磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5 T恒定不變,此時由于導(dǎo)體棒做切割磁感線運(yùn)動,使回路中產(chǎn)生感應(yīng)電動勢和

48、感應(yīng)電流,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知,回路中的電動勢為:e=Blv,當(dāng)棒與bd重合時,切割有效長度l=L,達(dá)到最大,即感應(yīng)電動勢也達(dá)到最大em=BLv=0.2 V>E=0.04 V 根據(jù)閉合電路歐姆定律可知,回路中的感應(yīng)電流最大為:im==0.2 A 根據(jù)安培力大小計算公式可知,棒在運(yùn)動過程中受到的最大安培力為:F=imLB=0.04 N 在棒通過三角形abd區(qū)域時,切割有效長度l=2v(t–1)(其中,1 s≤t≤+1 s) 綜合上述分析可知,回路中的感應(yīng)電流為:i==(其中,1 s≤t≤+1 s) 即i=t–1(其中,1 s≤t≤1.2 s) 19.(1) (2) (3)或

49、 (1)設(shè)粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑,由牛頓第二定律得 據(jù)題意由幾何關(guān)系得 聯(lián)立①②式得 (2)設(shè)粒子做圓周運(yùn)動的半徑為,加速度大小為,由圓周運(yùn)動公式得 據(jù)題意由幾何關(guān)系得 聯(lián)立④⑤式得 (3)設(shè)粒子做圓周運(yùn)動的半徑為,周期為,由圓周運(yùn)動公式得 由牛頓第二定律得 由題意知,代入⑧式得 粒子運(yùn)動軌跡如圖所示,O1、O2為圓心,O1、O2連線與水平方向夾角為,在每個內(nèi),只有A、B兩個位置才有可能垂直擊中P板,且均要求,由題意可知 設(shè)經(jīng)歷完整的個數(shù)為(,1,2,3...) 若在A點(diǎn)擊中P板,據(jù)題意由幾何關(guān)系得 當(dāng)n=0時,無解 當(dāng)n=1時聯(lián)立以上兩式得 或() 聯(lián)立解得 當(dāng)時,聯(lián)立解得 或() 聯(lián)立解得 當(dāng)時,不滿足的要求 30

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