2022年高三物理一輪復習 第7章 第1講 電路的基本概念和基本規(guī)律練習

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1、2022年高三物理一輪復習 第7章 第1講 電路的基本概念和基本規(guī)律練習 選擇題(每題5分,共25分) 1.(xx湖北武漢調研,8)如圖所示是某款理發(fā)用的電吹風的電路圖,它主要由電動機M和電熱絲R構成。當閉合開關S1、S2后,電動機驅動風葉旋轉,將空氣從進風口吸入,經電熱絲加熱,形成熱風后從出風口吹出。已知電吹風的額定電壓為220 V,吹冷風時的功率為120 W,吹熱風時的功率為1 000 W。關于該電吹風,下列說法正確的是(　　) A.電熱絲的電阻為55 Ω B.電動機的電阻為 Ω C.當電吹風吹冷風時,電熱絲每秒消耗的電能為1 000 J D.當電吹風吹熱風時,電動機每秒消

2、耗的電能為1 120 J 2.(xx江蘇淮安月考,2)一個內電阻可以忽略的電源,給一個絕緣的圓管子里裝滿的水銀供電,電流為0.1 A,若把全部水銀倒在一個內徑大一倍的絕緣圓管子里,那么通過的電流將是(　　) A.0.4 A B.0.8 A C.1.6 A D.3.2 A 3.(xx山東聊城月考,14)截面直徑為d、長為L的導線,兩端電壓為U,當這三個量中的一個改變時,對自由電子定向移動平均速率的影響,下列說法正確的是(　　) A.電壓U加倍時,自由電子定向移動的平均速率不變 B.導線長度L加倍時,自由電子定向移動的平均速率減為原來的一半 C.導線截面直徑d加倍時,自由電子定向移動的

3、平均速率不變 D.導線截面直徑d加倍時,自由電子定向移動的平均速率加倍 4.(xx江蘇常州聯考,14)某一熱敏電阻,其阻值隨溫度的升高而減小,在一次實驗中,將該熱敏電阻與小燈泡串聯,通電后各自的電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示,M為兩元件的伏安特性曲線的交點。則關于熱敏電阻和小燈泡的下列說法正確的是(　　) A.圖線b是小燈泡的伏安特性曲線,圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線 B.圖線a是小燈泡的伏安特性曲線,圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線 C.圖線中的M點表示該狀態(tài)小燈泡的電阻大于熱敏電阻的阻值 D.圖線中M點對應的狀態(tài),小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等 5.(xx江蘇

4、南通月考,6)如圖所示,用輸出電壓為1.4 V,輸出電流為100 mA的充電器對內阻為2 Ω的鎳-氫電池充電。下列說法正確的是(　　) A.電能轉化為化學能的功率為0.12 W B.充電器輸出的電功率為0.14 W C.充電時,電池消耗的熱功率為0.02 W D.充電器把0.14 W的功率儲存在電池內 B組　xx模擬·提升題組 時間:30分鐘　　分值:50分 一、選擇題(每題5分,共20分) 1.(xx北京東城月考,9)如圖所示,電源電動勢E=36 V,內阻r=1 Ω,電燈上標有“6 V　12 W”的字樣,直流電動機線圈電阻R=2 Ω。接通電源后,電燈恰能正常發(fā)光

5、,下列說法正確的是(　　) 　　　　　　 　　　　　　 　　　　　　 A.電路中的電流大小為6 A B.電動機產生的熱功率為56 W C.電動機的機械效率為85.7 % D.電源的輸出功率為72 W 2.(xx浙江金華十校期末,8)在研究微型電動機的性能時,可采用如圖所示的實驗電路。當調節(jié)滑動變阻器R,用外力使電動機停止轉動時,電流表和電壓表的示數分別為1.0 A和2.0 V;重新調節(jié)R,使電動機恢復正常運轉時,電流表和電壓表的示數分別為2.0 A和15.0 V。則有關這臺電動機正常運轉時的說法正確的是(　　) A.電動機的輸出功率為8 W B.電動機的輸出功率為22 W

6、 C.電動機的內電阻為2 Ω D.電動機的內電阻為7.5 Ω 3.(xx浙江金華十校期末,6)一只普通舊干電池,用電壓表測量其電動勢時,示數仍接近1.5 V。現對該電池做下述兩種處理:①讓它給一個額定電壓為1.5 V的小燈泡供電時,發(fā)現小燈泡完全不亮。②把它裝在額定電壓也為1.5 V的電子鐘內時,電子鐘仍能正常工作較長時間。對上述兩種情形比較和分析,下述說法正確的是(　　) A.情形①中的電路電流較情形②小 B.情形①中的路端電壓較情形②大 C.小燈泡的電阻遠大于電子鐘的電阻 D.小燈泡的額定功率遠大于電子鐘的額定功率 4.(xx北京海淀期末,5)如圖所示電路,電源電動勢為E,

7、內阻為r。當開關S閉合后,小型直流電動機M和指示燈L都恰能正常工作。已知指示燈L的電阻為R0,額定電流為I,電動機M的線圈電阻為R,則下列說法中正確的是(　　) A.電動機的額定電壓為IR B.電動機的輸出功率為IE-I2R C.電源的輸出功率為IE-I2r D.整個電路的熱功率為I2(R0 +R + r) 二、非選擇題(5題18分,6題12分,共30分) 5.(xx浙江大聯考四聯,16)感冒藥等醫(yī)用藥品物料配比常常要求嚴格精確,人工稱重既繁瑣又不精確,工業(yè)大規(guī)模生產中常常利用“吊斗式”電子秤根據設計實現物料的精確投放。圖甲所示的是“吊斗式”電子秤的結構圖,其中實現稱質量的

8、關鍵性元件是拉力傳感器。拉力傳感器的內部電路如圖乙所示,R1、R2、R3是定值電阻,R1=20 kΩ,R2=10 kΩ,R0是對拉力敏感的應變片電阻,其電阻隨拉力變化的圖像如圖丙所示。已知料斗重G0=1×103 N,沒裝料時Uba=0,g=10 m/s2。 (1)求R3的電阻。 (2)當生產某種藥品時,根據需要從振料口投放60 kg原料,此刻監(jiān)控上Uba應為多大? (3)生產藥品時,當發(fā)現監(jiān)控顯示Uba持續(xù)升高時,應該對原料投放采取什么措施? 6.(xx江蘇南通聯考,13)在如圖所示電路中,電源電動勢E=6.0 V,內阻r=0.50 Ω,D為直流電動機,其電

9、樞線圈電阻R=1.0 Ω,限流電阻R'=2.0 Ω。當電動機正常工作時,理想電壓表的示數UV=0.40 V。求: (1)通過電動機的電流I; (2)電動機兩端的電壓UD和輸入的電功率PD; (3)電動機在t=5 min內輸出的機械能ΔE。 A組　xx模擬·基礎題組 選擇題 1.A　根據題述,電吹風的額定電壓為220 V,吹冷風時的功率為120 W,吹熱風時的功率為1 000 W,可知電熱絲功率為880 W,由P=U2/R可得電熱絲的電阻為R=55 Ω,選項A正確。電動機為非純電阻用電器,對于電動機P=U2/R不適用,B錯誤。當電吹風吹冷風時,電熱絲所在支

10、路斷開,電熱絲不消耗電能;當電吹風吹熱風時,電動機每秒消耗的電能為120 J,選項C、D錯誤。 2.C　大圓管子內徑大一倍,即橫截面積為原來的4倍,由于水銀體積不變,故水銀長度變?yōu)樵瓉淼?則由電阻定律知電阻變?yōu)樵瓉淼?由歐姆定律知電流變?yōu)樵瓉淼?6倍。C選項正確。 3.BC　根據I=neSv===可知,v∝,當電壓U加倍時,自由電子定向移動的平均速率加倍;導線長度L加倍時,自由電子定向移動的平均速率減為原來的一半;導線截面直徑d加倍時,自由電子定向移動的平均速率不變。本題答案為B、C。 4.AD　伏安特性曲線中,圖線上某點與坐標原點連線的斜率表示電阻的倒數,由于小燈泡的電阻隨溫度的升高而

11、增大,熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而減小,所以圖線b是小燈泡的伏安特性曲線,圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線,選項A正確B錯誤。圖線中的M點表示該狀態(tài)小燈泡的電阻等于熱敏電阻的阻值,選項C錯誤。根據P=UI知圖線中的M點對應的狀態(tài),小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等,選項D正確。 5.ABC　充電器對電池的充電功率為P總=UI=0.14 W,電池充電時的熱功率為P熱=I2r=0.02 W,所以轉化為化學能的功率為P化=P總-P熱=0.12 W,因此充電器把0.12 W的功率儲存在電池內,故A、B、C正確,D錯誤。 B組　xx模擬·提升題組 一、選擇題 1.C　電燈恰能正常發(fā)光,電流I== A

12、=2 A,選項A錯;電動機的熱功率 P熱=I2R=22×2 W=8 W,選項B錯;電動機兩端電壓U機=E-U燈-Ir=(36-6-2×1) V=28 V,電動機輸出的機械功率P機=U機I-P熱=(28×2-8) W=48 W,電動機的機械效率η====85.7%,選項C正確;電源的輸出功率P=P電+P燈=56 W+12 W=68 W,選項D錯。 2.BC　電動機的內電阻r== Ω=2 Ω,故選項C正確,D錯誤;正常運轉時電動機的總功率P=U2I2=15.0×2.0 W=30 W,內電阻的熱功率Pr=r=2.02×2 W=8 W,電動機的輸出功率P輸出=P-Pr=30 W-8 W=22 W,故

13、選項A錯誤,B正確。 3.D　直接通過電壓表測量,舊干電池示數接近1.5 V,可知,舊干電池電動勢約為1.5 V。當用該電池對小燈泡供電時,燈泡完全不亮,說明燈泡兩端的電壓較小,由U=R可知,燈泡的電阻較電源內阻r小得多;電子鐘能正常工作,由U=R可知,電子鐘的電阻比電池的內阻r大得多,所以電子鐘的電阻大,正常工作的電流較小,故知情形①中的電路電流較情形②大,情形①中的路端電壓較情形②中小,小燈泡的電阻遠小于電子鐘的電阻,故選項A、B、C錯誤;由以上分析根據P額=,可知選項D正確。 4.CD　電動機屬非純電阻用電器,歐姆定律不適用,其電壓不能用U=IR計算,電動機額定電壓應為E-I(r+R

14、0),選項A錯誤;電動機的輸出功率為IE-I2(r+R0+R),故B選項錯誤;電源的輸出功率為IE-I2r,整個電路的熱功率為I2(R0+R+r),故C、D項正確。 二、非選擇題 5.答案　(1)40 kΩ　(2)0.38 V　(3)適當降低投放物料的速度 解析　(1)沒裝料時,根據串、并聯電路規(guī)律可得R1兩端的電壓為:=×12 V=8 V 沒裝料時,料斗重1×103 N,從R-F圖中可得,此時R0=20 kΩ R3兩端的電壓為=×12 V 因為此時Uba=0,說明R1兩端的電壓和R3兩端的電壓相等,即=8 V 得R3=40 kΩ。 (2)投放原料后,該拉力傳感器承受的拉力

15、為G0+mg=1.6×103 N,由圖丙可知,此時電阻R0'=23 kΩ 此刻R3兩端的電壓'=×12 V=7.62 V 則Uba=φb-φα=(12 V-φa)-(12 V-φb)=-'=0.38 V。 (3)根據以上分析,a點電勢時刻保持不變,如果Uba持續(xù)升高,即b點電勢不斷升高,則R3兩端電壓不斷減小,說明R0電阻不斷增大,即投放物料增多,應該適當降低投放物料的速度。 6.答案　(1)0.2 A　(2)5.5 V　1.1 W　(3)3.2×102 J 解析　(1)通過電動機與流過限流電阻R'的電流相同,則I= 代入數據得I=0.2 A (2)根據閉合電路歐姆定律有E=UV+UD+Ir 代入數據得UD=5.5 V 輸入的電功率PD=IUD 代入數據得PD=1.1 W (3)由能量守恒定律有PDt=ΔE+I2Rt 代入數據得ΔE=3.2×102 J