2022年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第四篇 三角函數(shù)、解三角形 第6講 正弦定理和余弦定理教案 理 新人教版

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1、2022年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第四篇 三角函數(shù)、解三角形 第6講 正弦定理和余弦定理教案 理 新人教版 【xx年高考會(huì)這樣考】 1.考查正、余弦定理的推導(dǎo)過程. 2.考查利用正、余弦定理判斷三角形的形狀. 3.考查利用正、余弦定理解任意三角形的方法. 【復(fù)習(xí)指導(dǎo)】 1.掌握正弦定理和余弦定理的推導(dǎo)方法. 2.通過正、余定理變形技巧實(shí)現(xiàn)三角形中的邊角轉(zhuǎn)換,解題過程中做到正余弦定理的優(yōu)化選擇.   基礎(chǔ)梳理 1.正弦定理:===2R,其中R是三角形外接圓的半徑.由正弦定理可以變形為: (1)a∶b∶c=sin A∶sin B∶sin C; (2)a=2Rsin_A,b=2R

2、sin_B,c=2Rsin_C; (3)sin A=,sin B=,sin C=等形式,以解決不同的三角形問題. 2.余弦定理:a2=b2+c2-2bccos_A,b2=a2+c2-2accos_B,c2=a2+b2-2abcos_C.余弦定理可以變形為:cos A=,cos B=,cos C=. 3.S△ABC=absin C=bcsin A=acsin B==(a+b+c)·r(R是三角形外接圓半徑,r是三角形內(nèi)切圓的半徑),并可由此計(jì)算R,r. 4.已知兩邊和其中一邊的對(duì)角,解三角形時(shí),注意解的情況.如已知a,b,A,則 A為銳角 A為鈍角或直角 圖形

3、 關(guān)系 式 a<bsin A a=bsin A bsin A<a<b a≥b a>b a≤b 解的 個(gè)數(shù) 無解 一解 兩解 一解 一解 無解 一條規(guī)律 在三角形中,大角對(duì)大邊,大邊對(duì)大角;大角的正弦值也較大,正弦值較大的角也較大,即在△ABC中,A>B?a>b?sin A>sin B. 兩類問題 在解三角形時(shí),正弦定理可解決兩類問題:(1)已知兩角及任一邊,求其它邊或角;(2)已知兩邊及一邊的對(duì)角,求其它邊或角.情況(2)中結(jié)果可能有一解、兩解、無解,應(yīng)注意區(qū)分.余弦定理可解決兩類問題:(1)已知兩邊及夾角求第三邊和其他兩角;(2)已知

4、三邊,求各角. 兩種途徑 根據(jù)所給條件確定三角形的形狀,主要有兩種途徑: (1)化邊為角;(2)化角為邊,并常用正弦(余弦)定理實(shí)施邊、角轉(zhuǎn)換. 雙基自測(cè) 1.(人教A版教材習(xí)題改編)在△ABC中,A=60°,B=75°,a=10,則c等于(  ). A.5 B.10 C. D.5 解析 由A+B+C=180°,知C=45°, 由正弦定理得:=, 即=.∴c=. 答案 C 2.在△ABC中,若=,則B的值為(  ). A.30° B.45° C.60° D.90° 解析 由正弦定理知: =,∴sin B=cos B,∴B

5、=45°. 答案 B 3.(xx·鄭州聯(lián)考)在△ABC中,a=,b=1,c=2,則A等于(  ). A.30° B.45° C.60° D.75° 解析 由余弦定理得:cos A===, ∵0<A<π,∴A=60°. 答案 C 4.在△ABC中,a=3,b=2,cos C=,則△ABC的面積為(  ). A.3 B.2 C.4 D. 解析 ∵cos C=,0<C<π, ∴sin C=, ∴S△ABC=absin C =×3×2×=4. 答案 C 5.已知△ABC三邊滿足a2+b2=c2-ab,則此三角形的最

6、大內(nèi)角為________. 解析 ∵a2+b2-c2=-ab, ∴cos C==-, 故C=150°為三角形的最大內(nèi)角. 答案 150°    考向一 利用正弦定理解三角形 【例1】?在△ABC中,a=,b=,B=45°.求角A,C和邊c. [審題視點(diǎn)] 已知兩邊及一邊對(duì)角或已知兩角及一邊,可利用正弦定理解這個(gè)三角形,但要注意解的判斷. 解 由正弦定理得=,=, ∴sin A=. ∵a>b,∴A=60°或A=120°. 當(dāng)A=60°時(shí),C=180°-45°-60°=75°, c==; 當(dāng)A=120°時(shí),C=180°-45°-120°=15°, c==. (1)

7、已知兩角一邊可求第三角,解這樣的三角形只需直接用正弦定理代入求解即可. (2)已知兩邊和一邊對(duì)角,解三角形時(shí),利用正弦定理求另一邊的對(duì)角時(shí)要注意討論該角,這是解題的難點(diǎn),應(yīng)引起注意. 【訓(xùn)練1】 (xx·北京)在△ABC中,若b=5,∠B=,tan A=2,則sin A=________;a=________. 解析 因?yàn)椤鰽BC中,tan A=2,所以A是銳角, 且=2,sin2A+cos2A=1, 聯(lián)立解得sin A=, 再由正弦定理得=, 代入數(shù)據(jù)解得a=2. 答案  2 考向二 利用余弦定理解三角形 【例2】?在△ABC中,a、b、c分別是角A、B、C的對(duì)邊,且=-

8、. (1)求角B的大?。? (2)若b=,a+c=4,求△ABC的面積. [審題視點(diǎn)] 由=-,利用余弦定理轉(zhuǎn)化為邊的關(guān)系求解. 解 (1)由余弦定理知:cos B=, cos C=. 將上式代入=-得: ·=-, 整理得:a2+c2-b2=-ac. ∴cos B===-. ∵B為三角形的內(nèi)角,∴B=π. (2)將b=,a+c=4, B=π代入b2=a2+c2-2accos B, 得b2=(a+c)2-2ac-2accos B, ∴13=16-2ac,∴ac=3. ∴S△ABC=acsin B=. (1)根據(jù)所給等式的結(jié)構(gòu)特點(diǎn)利用余弦定理將角化邊進(jìn)行變形是迅速解

9、答本題的關(guān)鍵. (2)熟練運(yùn)用余弦定理及其推論,同時(shí)還要注意整體思想、方程思想在解題過程中的運(yùn)用. 【訓(xùn)練2】 (xx·桂林模擬)已知A,B,C為△ABC的三個(gè)內(nèi)角,其所對(duì)的邊分別為a,b,c,且2cos2 +cos A=0. (1)求角A的值; (2)若a=2,b+c=4,求△ABC的面積. 解 (1)由2cos2 +cos A=0, 得1+cos A+cos A=0, 即cos A=-, ∵0<A<π,∴A=. (2)由余弦定理得, a2=b2+c2-2bccos A,A=, 則a2=(b+c)2-bc, 又a=2,b+c=4, 有12=42-bc,則bc=4,

10、 故S△ABC=bcsin A=. 考向三 利用正、余弦定理判斷三角形形狀 【例3】?在△ABC中,若(a2+b2)sin(A-B)=(a2-b2)sin C,試判斷△ABC的形狀. [審題視點(diǎn)] 首先邊化角或角化邊,再整理化簡(jiǎn)即可判斷. 解 由已知(a2+b2)sin(A-B)=(a2-b2)sin C, 得b2[sin(A-B)+sin C]=a2[sin C-sin(A-B)], 即b2sin Acos B=a2cos Asin B, 即sin2Bsin Acos B=sin2Acos Bsin B,所以sin 2B=sin 2A, 由于A,B是三角形的內(nèi)角. 故0<2

11、A<2π,0<2B<2π. 故只可能2A=2B或2A=π-2B, 即A=B或A+B=. 故△ABC為等腰三角形或直角三角形. 判斷三角形的形狀的基本思想是;利用正、余弦定理進(jìn)行邊角的統(tǒng)一.即將條件化為只含角的三角函數(shù)關(guān)系式,然后利用三角恒等變換得出內(nèi)角之間的關(guān)系式;或?qū)l件化為只含有邊的關(guān)系式,然后利用常見的化簡(jiǎn)變形得出三邊的關(guān)系. 【訓(xùn)練3】 在△ABC中,若==;則△ABC是(  ). A.直角三角形 B.等邊三角形 C.鈍角三角形 D.等腰直角三角形 解析 由正弦定理得a=2Rsin A,b=2Rsin B,c=2Rsin C(R為△ABC外接圓半徑). ∴=

12、=. 即tan A=tan B=tan C,∴A=B=C. 答案 B 考向三 正、余弦定理的綜合應(yīng)用 【例3】?在△ABC中,內(nèi)角A,B,C對(duì)邊的邊長分別是a,b,c,已知c=2,C=. (1)若△ABC的面積等于,求a,b; (2)若sin C+sin(B-A)=2sin 2A,求△ABC的面積. [審題視點(diǎn)] 第(1)問根據(jù)三角形的面積公式和余弦定理列出關(guān)于a,b的方程,通過方程組求解;第(2)問根據(jù)sin C+sin(B-A)=2sin 2A進(jìn)行三角恒等變換,將角的關(guān)系轉(zhuǎn)換為邊的關(guān)系,求出邊a,b的值即可解決問題. 解 (1)由余弦定理及已知條件,得a2+b2-ab=4.

13、 又因?yàn)椤鰽BC的面積等于,所以absin C=,得ab=4,聯(lián)立方程組解得 (2)由題意,得sin(B+A)+sin(B-A)=4sin Acos A, 即sin Bcos A=2sin Acos A. 當(dāng)cos A=0,即A=時(shí),B=, a=,b=; 當(dāng)cos A≠0時(shí),得sin B=2sin A, 由正弦定理,得b=2a. 聯(lián)立方程組 解得 所以△ABC的面積S=a bsin C=. 正弦定理、余弦定理、三角形面積公式對(duì)任意三角形都成立,通過這些等式就可以把有限的條件納入到方程中,通過解方程組獲得更多的元素,再通過這些新的條件解決問題. 【訓(xùn)練3】 (xx·北京

14、西城一模)設(shè)△ABC的內(nèi)角A,B,C所對(duì)的邊長分別為a,b,c,且cos B=,b=2. (1)當(dāng)A=30°時(shí),求a的值; (2)當(dāng)△ABC的面積為3時(shí),求a+c的值. 解 (1)因?yàn)閏os B=,所以sin B=. 由正弦定理=,可得=, 所以a=. (2)因?yàn)椤鰽BC的面積S=ac·sin B,sin B=, 所以ac=3,ac=10. 由余弦定理得b2=a2+c2-2accos B, 得4=a2+c2-ac=a2+c2-16,即a2+c2=20. 所以(a+c)2-2ac=20,(a+c)2=40. 所以a+c=2.   閱卷報(bào)告4——忽視三角形中的邊角條件致

15、錯(cuò) 【問題診斷】 考查解三角形的題在高考中一般難度不大,但稍不注意,會(huì)出現(xiàn)“會(huì)而不對(duì),對(duì)而不全”的情況,其主要原因就是忽視三角形中的邊角條件., 【防范措施】 解三角函數(shù)的求值問題時(shí),估算是一個(gè)重要步驟,估算時(shí)應(yīng)考慮三角形中的邊角條件. 【示例】?(xx·安徽)在△ABC中,a,b,c分別為內(nèi)角A,B,C所對(duì)的邊長,a=,b=,1+2cos(B+C)=0,求邊BC上的高. 錯(cuò)因 忽視三角形中“大邊對(duì)大角”的定理,產(chǎn)生了增根. 實(shí)錄 由1+2cos(B+C)=0, 知cos A=,∴A=, 根據(jù)正弦定理=得: sin B==,∴B=或. 以下解答過程略. 正解 ∵在△ABC中

16、,cos(B+C)=-cos A, ∴1+2cos(B+C)=1-2cos A=0,∴A=. 在△ABC中,根據(jù)正弦定理=, ∴sin B==. ∵a>b,∴B=,∴C=π-(A+B)=π. ∴sin C=sin(B+A)=sin Bcos A+cos Bsin A =×+×=. ∴BC邊上的高為bsin C=×=. 【試一試】 (xx·遼寧)△ABC的三個(gè)內(nèi)角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,asin Asin B+bcos2 A=a. (1)求; (2)若c2=b2+a2,求B. [嘗試解答] (1)由正弦定理得, sin2Asin B+sin Bcos2A=sin A,即 sin B(sin2A+cos2A)=sin A. 故sin B=sin A,所以=. (2)由余弦定理和c2=b2+a2,得cos B=. 由(1)知b2=2a2,故c2=(2+)a2. 可得cos2B=,又cos B>0,故cos B=,所以B=45°.   

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