(魯京津瓊專(zhuān)用)2020版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第十二章 概率、隨機(jī)變量及其分布 模擬試卷(一)(含解析)

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1、模擬試卷(一) (時(shí)間:120分鐘 滿(mǎn)分:150分) 一、選擇題(本大題共12小題,每小題5分,共60分) 1.設(shè)集合A={x|-1

2、又在(-∞,0)上單調(diào)遞增的是(  ) A.f(x)=2x-2-x B.f(x)=x2-1 C.f(x)=xcosx D.f(x)=-ln|x| 答案 D 解析 A中,f(-x)=2-x-2x=-f(x),不是偶函數(shù),A錯(cuò); B中,f(-x)=(-x)2-1=x2-1=f(x),是偶函數(shù),但在(-∞,0)上單調(diào)遞減,B錯(cuò); C中,f(-x)=-xcos(-x)=-xcosx=-f(x),不是偶函數(shù),C錯(cuò); D中,f(-x)=-ln|-x|=-ln|x|=f(x),是偶函數(shù),且函數(shù)在(-∞,0)上單調(diào)遞增,故選D. 4.設(shè)等比數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,且Sn=k·2n-3,則

3、ak等于(  ) A.4B.8C.12D.16 答案 C 解析 當(dāng)n≥2時(shí),an=Sn-Sn-1=k·2n-1; 當(dāng)n=1時(shí),a1=S1=2k-3=k·21-1,解得k=3, ∴ak=a3=3·23-1=12. 故選C. 5.已知sinα+cosα=-,2sinα-cosα=-,則cos2α等于(  ) A.B.-C.D.- 答案 A 解析 因?yàn)樗詓inα=-, 從而cos2α=1-2sin2α=.故選A. 6.已知x0=是函數(shù)f(x)=sin(2x+φ)的一個(gè)極大值點(diǎn),則f(x)的一個(gè)單調(diào)遞增區(qū)間是(  ) A. B. C. D. 答案 C 解析 ∵x0=

4、是函數(shù)f(x)=sin(2x+φ)的一個(gè)極大值點(diǎn),∴f=sin=1, ∴+φ=+2kπ,k∈Z, ∴φ=-+2kπ,k∈Z, ∴f(x)=sin=sin. 由-+2kπ≤2x-≤+2kπ,k∈Z, 得-+kπ≤x≤+kπ,k∈Z, 令k=1,得≤x≤, ∴函數(shù)f(x)的一個(gè)單調(diào)遞增區(qū)間為, 結(jié)合各選項(xiàng)可得C符合題意. 故選C. 7.函數(shù)f(x)=有兩個(gè)不同的零點(diǎn),則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(  ) A.a(chǎn)≤2B.a(chǎn)<2C.a(chǎn)≥2D.a(chǎn)>2 答案 C 解析 由題意得,當(dāng)x<1時(shí),函數(shù)有一個(gè)零點(diǎn)x=; 當(dāng)x≥1時(shí),令2x2-ax=0,得x=, 要使函數(shù)有兩個(gè)不同的零點(diǎn),則只

5、需≥1,解得a≥2. 故選C. 8.(2019·安徽省江淮名校試題)Rt△ABC的斜邊AB等于4,點(diǎn)P在以C為圓心,1為半徑的圓上,則·的取值范圍是(  ) A. B. C.[-3,5] D.[1-2,1+2] 答案 C 解析 ·=(+)·(+) =2+(+)·+·. 注意·=0,2=1,|+|=4. ·=1+(+)·. 所以當(dāng)與+同向時(shí)取最大值5,反向時(shí)取最小值-3.故選C. 9.(1+x)5的展開(kāi)式中x2的系數(shù)為(  ) A.1B.-9C.31D.-19 答案 B 解析 (1+x)5的展開(kāi)式中第k+1項(xiàng)為T(mén)k+1=Cxk,其中x2的系數(shù),常數(shù)項(xiàng),x3的系數(shù)分別為

6、C,C,C,故(1+x)5的展開(kāi)式中x2的系數(shù)為C+C-2C=-9.故選B. 10.如圖,B是AC上一點(diǎn),分別以AB,BC,AC為直徑作半圓.過(guò)B作BD⊥AC,與半圓相交于D. AC=6,BD=2,在整個(gè)圖形中隨機(jī)取一點(diǎn),則此點(diǎn)取自圖中陰影部分的概率是(  ) A.B.C.D. 答案 C 解析 連接AD,CD, 可知△ACD是直角三角形,又BD⊥AC,所以BD2=AB·BC,設(shè)AB=x(0

7、 11.如圖,已知F1,F(xiàn)2是雙曲線(xiàn)C:-=1(a>0,b>0)的左、右焦點(diǎn),若直線(xiàn)y=x與雙曲線(xiàn)C交于P,Q兩點(diǎn),且四邊形PF1QF2是矩形,則雙曲線(xiàn)的離心率為(  ) A.5-2B.5+2C.+1D.-1 答案 C 解析 由題意,矩形的對(duì)角線(xiàn)長(zhǎng)相等, 將y=x代入-=1(a>0,b>0), 可得x=±,y=±·, ∴=c2, ∴4a2b2=(b2-3a2)c2, ∴4a2(c2-a2)=(c2-4a2)c2, ∴e4-8e2+4=0, ∵e>1,∴e2=4+2,∴e=+1. 故選C. 12.設(shè)正三棱錐P-ABC的每個(gè)頂點(diǎn)都在半徑為2的球O的球面上,則三棱錐P-

8、ABC體積的最大值為(  ) A.B.C.D. 答案 C 解析 設(shè)正△ABC的邊長(zhǎng)為a,中心為O′,則|O′A|=a,在Rt△OO′A中,由勾股定理可得|OO′|=, 故三棱錐的高h(yuǎn)=|PO′|=|OO′|+2=+2, 所以VP-ABC=S△ABC·h =×a2. 設(shè)=t(0≤t<2),則=4-t2, 則V(t)=(4-t2)(t+2)=(-t3-2t2+4t+8), 所以V′(t)=(-3t2-4t+4), 令V′(t)=0,則t=或t=-2(舍), 當(dāng)t∈時(shí),V′(t)>0,V(t)單調(diào)遞增; 當(dāng)t∈時(shí),V′(t)<0,V(t)單調(diào)遞減. 故V(t)max=V=.

9、 故選C. 二、填空題(本大題共4小題,每小題5分,共20分) 13.已知向量a,b的夾角為45°,且|a|=|b|=2,則a·(a-b)=________. 答案 0 解析 a·(a-b)=a2-a·b =4-×2×2×=0. 14.若函數(shù)f(x)=(a+1)x3+ax2-2x為奇函數(shù),則曲線(xiàn)y=f(x)在點(diǎn)(1,f(1))處的切線(xiàn)方程為_(kāi)_______________________________________________________________________. 答案 x-y-2=0 解析 f(x)=(a+1)x3+ax2-2x為奇函數(shù),則a=0, ∴

10、f(x)=x3-2x, f′(x)=3x2-2,∴f′(1)=3×12-2=1,又f(1)=-1, 曲線(xiàn)y=f(x)在點(diǎn)(1,f(1))處的切線(xiàn)方程為y+1=x-1,即x-y-2=0. 15.(2019·安徽省江淮名校聯(lián)考)已知正數(shù)a,b滿(mǎn)足a+b=1,則+的最大值為_(kāi)_______. 答案  解析 令x=a+1,y=b+2,則x+y=4, 所以+=2-=2-(x+y)·=2-≤2- =, 當(dāng)且僅當(dāng)=時(shí),等號(hào)成立, 此時(shí)a=4-5,b=6-4. 故最大值為. 16.設(shè)m∈R,若函數(shù)f(x)=|x3-3x-m|在x∈[0,]上的最大值與最小值之差為2,則實(shí)數(shù)m的取值范圍是_

11、_______. 答案 (-∞,-2]∪[0,+∞) 解析 設(shè)g(x)=x3-3x,x∈[0,], 則g′(x)=3x2-3=3(x-1)(x+1), ∴函數(shù)y=g(x)在區(qū)間[0,1)上單調(diào)遞減,在區(qū)間(1,]上單調(diào)遞增. ∵g(0)=0,g(1)=-2,g()=0, ∴函數(shù)y=g(x)在區(qū)間[0,]上的值域?yàn)閇-2,0],最大值與最小值之差為2, ∴函數(shù)y=x3-3x-m,x∈[0,]的值域?yàn)閇-2-m,-m],最大值與最小值之差也為2. ∵函數(shù)f(x)=|x3-3x-m|在x∈[0,]上的最大值與最小值之差為2,∴-2-m≥0或-m≤0, 解得m≤-2或m≥0. ∴實(shí)

12、數(shù)m的取值范圍為(-∞,-2]∪[0,+∞). 三、解答題(本大題共70分) 17.(10分)設(shè)Sn為等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和,S9=81,a2+a3=8. (1)求{an}的通項(xiàng)公式; (2)若S3,a14,Sm成等比數(shù)列,求S2m. 解 (1)∵∴ 故an=1+(n-1)×2=2n-1(n∈N*). (2)由(1)知,Sn==n2. ∵S3,a14,Sm成等比數(shù)列,∴S3·Sm=a, 即9m2=272,解得m=9,故S2m=182=324. 18.(12分)如圖,D是Rt△ABC斜邊BC上一點(diǎn),AC=DC. (1)若∠DAC=30°,求角B的大?。? (2)若B

13、D=2DC,且AD=2,求DC的長(zhǎng). 解 (1)在△ABC中,根據(jù)正弦定理, 有=. 因?yàn)锳C=DC,所以sin∠ADC=sin∠DAC=. 又∠ADC=∠B+∠BAD=∠B+60°>60°, 所以∠ADC=120°. 于是∠C=180°-120°-30°=30°,所以∠B=60°. (2)設(shè)DC=x,則BD=2x,BC=3x,AC=x. 于是sinB==,cosB=,AB=x. 在△ABD中,由余弦定理,得 AD2=AB2+BD2-2AB·BDcosB, 即(2)2=6x2+4x2-2×x×2x×=2x2,得x=2. 故DC=2. 19.(12分)如圖,四邊形ABC

14、D為正方形,BE∥DF,且AB=BE=DF=EC,AB⊥平面BCE. (1)證明:平面AEC⊥平面BDFE; (2)求二面角A-FC-D的余弦值. (1)證明 ∵四邊形ABCD為正方形,∴AC⊥BD. ∵AB=BC=BE=EC,∴BE2+BC2=EC2,∴BE⊥BC. 又∵AB⊥平面BCE,∴AB⊥BE. ∵AB∩BC=C,∴BE⊥平面ABCD,∴BE⊥AC. 又BE∩BD=B,∴AC⊥平面BDFE, ∵AC?平面AEC,∴平面AEC⊥平面BDEF. (2)解 ∵BE⊥平面ABCD,BE∥DF,∴DF⊥平面ABCD. 以D為坐標(biāo)原點(diǎn)建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系D-x

15、yz,令A(yù)B=1, 則A(1,0,0),C(0,1,0),E(1,1,1),F(xiàn)(0,0,1), 則=(0,1,-1),=(-1,1,0), 設(shè)平面AFC的法向量為n1=(x1,y1,z1), 則 令x1=1,則n1=(1,1,1). 易知平面FCD的一個(gè)法向量n2=(1,0,0), ∴cos〈n1,n2〉==. 二面角A-FC-D為銳角, ∴二面角A-FC-D的余弦值為. 20.(12分)某中學(xué)為了解中學(xué)生的課外閱讀時(shí)間,決定在該中學(xué)的1200名男生和800名女生中按分層抽樣的方法抽取20名學(xué)生,對(duì)他們的課外閱讀時(shí)間進(jìn)行問(wèn)卷調(diào)查.現(xiàn)在按課外閱讀時(shí)間的情況將學(xué)生分成三類(lèi):A類(lèi)

16、(不參加課外閱讀),B類(lèi)(參加課外閱讀,但平均每周參加課外閱讀的時(shí)間不超過(guò)3小時(shí)),C類(lèi)(參加課外閱讀,且平均每周參加課外閱讀的時(shí)間超過(guò)3小時(shí)).調(diào)查結(jié)果如下表: A類(lèi) B類(lèi) C類(lèi) 男生 x 5 3 女生 y 3 3 (1)求出表中x,y的值; (2)根據(jù)表中的統(tǒng)計(jì)數(shù)據(jù),完成下面的列聯(lián)表,并判斷是否有90%的把握認(rèn)為“參加閱讀與否”與性別有關(guān); 男生 女生 總計(jì) 不參加課外閱讀 參加課外閱讀 總計(jì) (3)從抽出的女生中再隨機(jī)抽取3人進(jìn)一步了解情況,記X為抽取的這3名女生中A類(lèi)人數(shù)和C類(lèi)人數(shù)差的絕對(duì)值,求

17、X的均值. 附:K2=. P(K2≥k0) 0.10 0.05 0.01 k0 2.706 3.841 6.635 解 (1)設(shè)抽取的20人中,男、女生人數(shù)分別為n1,n2, 則 所以x=12-5-3=4,y=8-3-3=2. (2)列聯(lián)表如下: 男生 女生 總計(jì) 不參加課外閱讀 4 2 6 參加課外閱讀 8 6 14 總計(jì) 12 8 20 K2的觀(guān)測(cè)值k== ≈0.159<2.706, 所以沒(méi)有90%的把握認(rèn)為“參加閱讀與否”與性別有關(guān). (3)X的可能取值為0,1,2,3, 則P(X=0)==, P(X=1)=

18、=, P(X=2)==,P(X=3)==, 所以E(X)=0×+1×+2×+3×=. 21.(12分)在直角坐標(biāo)系xOy中,直線(xiàn)y=x+4與拋物線(xiàn)C:x2=2py(p>0)交于A,B兩點(diǎn),且OA⊥OB. (1)求C的方程; (2)試問(wèn):在x軸的正半軸上是否存在一點(diǎn)D,使得△ABD的外心在C上?若存在,求出D的坐標(biāo);若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由. 解 (1)聯(lián)立 得x2-2px-8p=0,Δ=4p2+32p>0, 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則x1+x2=2p,x1x2=-8p, 從而y1y2=(x1+4)(x2+4)=x1x2+4(x1+x2)+16. ∵OA⊥OB,∴·

19、=x1x2+y1y2 =2x1x2+4(x1+x2)+16=0, 即-16p+8p+16=0,解得p=2,故C的方程為x2=4y. (2)設(shè)線(xiàn)段AB的中點(diǎn)為N(x0,y0), 由(1)知,x0==2,y0=x0+4=6, 則線(xiàn)段AB的中垂線(xiàn)方程為y-6=-(x-2), 即y=-x+8. 聯(lián)立得x2+4x-32=0,解得x=-8或4, 從而△ABD的外心P的坐標(biāo)為(4,4)或(-8,16). 假設(shè)存在點(diǎn)D(m,0)(m>0),設(shè)P的坐標(biāo)為(4,4), ∵|AB|= =×=4, ∴|PA|==4, 則|DP|==4. ∵m>0,∴m=4+4. 若P的坐標(biāo)為(-8,16

20、), 則|PA|==4, |DP|=>4, 則P的坐標(biāo)不可能為(-8,16). 故在x軸的正半軸上存在一點(diǎn)D(4+4,0),使得△ABD的外心在C上. 22.(12分)(2019·安徽省江淮名校聯(lián)考)已知函數(shù)f(x)=ex+ax2在x=1處的切線(xiàn)方程為y=bx+1. (1)求a,b的值; (2)證明:當(dāng)x>0時(shí)ex+2x≥x2+ex+1. (1)解 f′(x)=ex+2ax, 由題設(shè)解得 (2)證明 實(shí)際上是證明當(dāng)x>0時(shí),f(x)=ex-x2的圖象在直線(xiàn)y=(e-2)x+1的上方. 令g(x)=ex-x2-(e-2)x-1,x>0,則g′(x)=ex-2x-e+2,令t

21、(x)=ex-2x-e+2,則t′(x)=ex-2, 所以g′(x)在(0,ln2)上單調(diào)遞減,在(ln2,+∞)上單調(diào)遞增;g′(x)在x=ln2處取唯一的極小值. 注意到g′(0)=3-e>0,g′(1)=0,而00, 當(dāng)x∈(x0,1)時(shí),g′(x)<0; 所以當(dāng)x∈(0,x0)或x∈(1,+∞)時(shí),g(x)單調(diào)遞增,當(dāng)x∈(x0,1)時(shí),g(x)單調(diào)遞減; 由于g(0)=g(1)=0,所以g(x)=ex-x2-(e-2)x-1≥0,當(dāng)且僅當(dāng)x=1時(shí)等號(hào)成立. 所以當(dāng)x>0時(shí),不等式ex+2x≥x2+ex+1成立. 12

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