【三維設(shè)計】2014屆高三物理一輪 課時跟蹤檢測36 電磁感應的綜合應用（二）

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1、 課時跟蹤檢測(三十六)　電磁感應的綜合應用(二) 高考常考題型：選擇題＋計算題 1．(2012·東城一模)如圖1所示正方形閉合導線框處于磁感應強度恒定的勻強磁場中，C、E、D、F為線框中的四個頂點，圖(甲)中的線框繞E點轉(zhuǎn)動，圖(乙)中的線框向右平動，磁場足夠大。下列判斷正確的是(　　) 圖1 A．圖(甲)線框中有感應電流產(chǎn)生，C點電勢比D點低 B．圖(甲)線框中無感應電流產(chǎn)生，C、D兩點電勢相等 C．圖(乙)線框中有感應電流產(chǎn)生，C點電勢比D點低 D．圖(乙)線框中無感應電流產(chǎn)生，C、D兩點電勢相等 2．在豎直方向的勻強磁場中，水平放置一個面積不變的單匝金屬圓形線

2、圈，規(guī)定線圈中感應電流的正方向如圖2甲所示，取線圈中磁場方向向上為正，當磁感應強度B隨時間t如圖乙變化時，圖3中能正確表示線圈中感應電流變化的是(　　) 圖2 圖3 3.如圖4所示，ab是一個可以繞垂直于紙面的軸O轉(zhuǎn)動的閉合矩形導體線圈，當滑動變阻器R的滑片P自左向右滑動過程中，線圈ab將(　　) A．靜止不動 B．逆時針轉(zhuǎn)動 圖4 C．順時針轉(zhuǎn)動 D．發(fā)生轉(zhuǎn)動，但因電源的極性不明，無法確定轉(zhuǎn)動的方向 4．矩形導線框abcd(如圖5甲)放在勻強磁場中，磁感線方向與線

3、框平面垂直，磁感應強度B隨時間t變化的圖象如圖乙所示。t＝0時刻，磁感應強度的方向垂直紙面向里。若規(guī)定導線框中感應電流逆時針方向為正，則在0～4 s時間內(nèi)，線框中的感應電流I以及線框的ab邊所受安培力F隨時間變化的圖象為(安培力取向上為正方向)(　　) 圖5 圖6 5. (2012·德州模擬)如圖7所示，兩固定的豎直光滑金屬導軌足夠長且電阻不計。絕緣輕繩一端固定，另一端系于導體棒a的中點，輕繩保持豎直。將導體棒b由邊界水平的勻強磁場上方某一高度處靜止釋放。勻強磁場的寬度一定，方向與導軌平面垂直，兩導體棒電阻均為R且與導軌始終保持良好接觸。下列說法正確的是(　　) A．b進入磁場

4、后，a中的電流方向向左 圖7 B．b進入磁場后，輕繩對a的拉力增大 C．b進入磁場后，重力做功的瞬時功率可能增大 D．b由靜止釋放到穿出磁場的過程中，a中產(chǎn)生的焦耳熱等于b減少的機械能 6. (2012·浦東新區(qū)質(zhì)量抽測)如圖8所示，傾斜的平行導軌處在勻強磁場中，導軌上、下兩邊的電阻分別為R1＝3 Ω和R2＝6 Ω，金屬棒ab的電阻R3＝4 Ω，其余電阻不計。則金屬棒ab沿著粗糙的導軌加速下滑的過程中(　　) A．安培力對金屬棒做功等于金屬棒機械能的減少量 圖8 B．重力和安培力對金屬棒

5、做功之和大于金屬棒動能的增量 C．R1和R2發(fā)熱功率之比P1∶P2＝1∶2 D．R1、R2和R3產(chǎn)生的焦耳熱之比Q1∶Q2∶Q3＝2∶1∶6 7．(2012·山東高考)如圖9所示，相距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導軌與水平面的夾角為θ，上端接有定值電阻，勻強磁場垂直于導軌平面，磁感應強度為B。將質(zhì)量為m的導體棒由靜止釋放，當速度達到v時開始勻速運動，此時對導體棒施加一平行于導軌向下的拉力，并保持拉力的功率為P，導體棒最終以2v的速度勻速運 圖9 動。導體棒始終與導軌垂直且接觸良好，不計導軌和導體棒的電阻，重力加速度為g，下列選項正確的是(　　) A．P＝2mgvsin θ

6、B．P＝3mgvsin θ C．當導體棒速度達到時加速度為sin θ D. 在速度達到2v以后勻速運動的過程中，R上產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力所做的功 8. (2012·衡水檢測)如圖10所示，水平面內(nèi)兩光滑的平行金屬導軌，左端與電阻R相連接，勻強磁場B豎直向下分布在導軌所在的空間內(nèi)，質(zhì)量一定的金屬棒垂直于導軌并與導軌接觸良好。今對金屬棒施加一個水平向右的外力F，使金屬棒從a位置開始向右做初速度為零的勻加速運動，依次通過位置b和c。若導軌與金屬棒的電阻不計，ab與bc的距離相等， 圖10 關(guān)于金屬棒在運動過程中的有關(guān)說法正確的是(　　) A．金屬棒通過b、c兩位置時，外力F的大小

7、之比為1∶ B．金屬棒通過b、c兩位置時，電阻R的電功率之比為1∶2 C．從a到b和從b到c的兩個過程中，通過金屬棒橫截面的電荷量之比為1∶1 D．從a到b和從b到c的兩個過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量之比為1∶1 9. (2012·上海高考)正方形導體框處于勻強磁場中，磁場方向垂直框平面，磁感應強度隨時間均勻增加，變化率為k。導體框質(zhì)量為m、邊長為L，總電阻為R，在恒定外力F作用下由靜止開始運動。導體框在磁場中的加速度大小為________；導體框中感應電流做功的功率為________。 圖11 10.如圖12所示，兩平行長直金屬導軌置于豎直平面內(nèi)，間距為L，

8、導軌上端有阻值為R的電阻，質(zhì)量為m的導體棒垂直跨放在導軌上，并擱在支架上，導軌和導體棒電阻不計，接觸良好，且無摩擦。在導軌平面內(nèi)有一矩形區(qū)域的勻強磁場，方向垂直于紙面向里，磁感應強度為B。開始時導體棒靜止，當磁場以速度v勻速向上運動時，導體棒也隨之開始運動，并很快達到恒定的速度，此時導體棒仍處在磁場區(qū)域內(nèi)，試求： 圖12 (1)導體棒的恒定速度； (2)導體棒以恒定速度運動時，電路中消耗的電功率。 11．(2012·天津模擬)2010年上海世博會某國家館內(nèi)，有一“發(fā)電”地板，利用游人走過此處，踩踏地板發(fā)電。其原因是地板下有一發(fā)電裝置，如圖13甲所示，裝置的主要結(jié)構(gòu)是一個截面半徑為

9、r、匝數(shù)為n的線圈，緊固在與地板相連的塑料圓筒P上。磁場的磁感線沿半徑方向均勻分布，圖乙為橫截面俯視圖。輕質(zhì)地板四角各連接有一個勁度系數(shù)為k的復位彈簧(圖中只畫出其中的兩個)。當?shù)匕迳舷峦颠\動時，便能發(fā)電。若線圈所在位置磁感應強度大小為B，線圈的總電阻為R0，現(xiàn)用它向一個電阻為R的小燈泡供電。為了便于研究，將某人走過時地板發(fā)生的位移—時間變化的規(guī)律簡化為圖丙所示。(取地板初始位置x＝0，豎直向下為位移的正方向，且彈簧始終處在彈性限度內(nèi)。) 圖13 (1)取圖乙中逆時針方向電流為正方向，請在圖丁所示坐標系中畫出線圈中感應電流i隨時間t變化的圖線，并標明相應縱坐標。要求寫出相關(guān)的計算和判

10、斷過程； (2)t＝t0/2時地板受到的壓力； (3)求人踩踏一次地板所做的功。 12. (2013·衡陽聯(lián)考)如圖14所示，兩根足夠長的光滑直金屬導軌MN、PQ平行固定在傾角θ＝37°的絕緣斜面上，兩導軌間距L＝1 m，導軌的電阻可忽略。M、P兩點間接有阻值為R的電阻。一根質(zhì)量m＝1 kg、電阻r＝0.2 Ω的均勻直金屬桿ab放在兩導軌上，與導軌垂直且接觸良好。整套裝置處于磁感應強度B＝0.5 T的 圖14 勻強磁場中，磁場方向垂直斜面向下。自圖示位置起，桿ab受到大小為F＝0.5v＋2(式中v為桿ab運動的速度，力F的單位為N)、方向平行導軌沿斜面向下的拉力作用，由靜止開

11、始運動，測得通過電阻R的電流隨時間均勻增大。g取10 m/s2，sin 37°＝0.6。 (1)試判斷金屬桿ab在勻強磁場中做何種運動，并寫出推理過程； (2)求電阻R的阻值； (3)求金屬桿ab自靜止開始下滑通過位移x＝1 m所需的時間t。 答 案 課時跟蹤檢測(三十六) 電磁感應的綜合應用(二) 1．選B　不論線框繞E點轉(zhuǎn)動，還是向右平動，穿過閉合線框的磁通量均不發(fā)生變化，故線框中均無感應電流產(chǎn)生；當線框繞E點轉(zhuǎn)動時，相當于EC、ED繞E點轉(zhuǎn)動切割磁感線，由E＝Bl2ω可知，C、D兩點電勢相等；當線框向右平動時，由E＝Blv可知，CE和FD產(chǎn)生的感應電動勢大小相等

12、，由右手定則可知，C點電勢高于D點電勢。綜上所述，正確選項為B。 2．選A　由法拉第電磁感應定律和楞次定律可知，在0～，感應電流的方向應與圖示方向相反，即為負方向，故B、C錯誤；在～T，原磁場為反方向且磁場在增強，可判斷感應電流方向與圖示方向相反，為負方向，且其大小為0～時間內(nèi)的2倍，故A正確，D錯誤。 3．選C　當P向右滑動時，電路中電阻減小，電流增大，穿過線圈ab的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷，線圈ab將順時針轉(zhuǎn)動。 4．選C　由法拉第電磁感應定律知，導線框中產(chǎn)生的感應電流I＝＝＝，在0～1 s內(nèi)，由題圖乙知不變，故I的大小也不變，由楞次定律知，感應電流方向由a→b，同理分析，在1～

13、2 s內(nèi)，I的大小仍不變，方向仍由a→b，故A、B錯；由左手定則知，0～1 s內(nèi)線框ab邊所受安培力F向上，且由F＝BIlab知，I、lab不變，B均勻減小，因此F也均勻減小，D錯，C項正確。 5．選AC　b進入磁場后，b中電流方向向右，a中的電流方向向左，選項A正確；b進入磁場后，由于ab二者電流方向相反，二者相斥，輕繩對a的拉力減小，選項B錯誤； b進入磁場后，所受安培力可能小于重力，繼續(xù)加速運動，重力做功的瞬時功率可能增大，選項C正確；b由靜止釋放到穿出磁場的過程中，a和b中產(chǎn)生的焦耳熱等于b減少的機械能，選項D錯誤。 6．選BD　由能量守恒定律，安培力對金屬棒做功小于金屬棒機械能的

14、減少量，選項A錯誤；由動能定理可知，重力和安培力對金屬棒做功之和大于金屬棒動能的增量，選項B正確；導軌上、下兩邊的電阻屬于并聯(lián)關(guān)系，兩者電壓相等，R1和R2發(fā)熱功率之比P1∶P2＝2∶1，選項C錯誤；R1和R2并聯(lián)等效電阻為2 Ω，ab中電流等于R1和R2二者中電流之和，金屬棒ab的電阻R3產(chǎn)生的焦耳熱是R1和R2并聯(lián)等效電阻產(chǎn)生焦耳熱的2倍，選項D正確。 7．選AC　當導體棒第一次勻速運動時，沿導軌方向：mgsin θ＝；當導體棒第二次達到最大速度時，沿導軌方向：F＋mgsin θ＝，即F＝mgsin θ，此時拉力F的功率P＝F×2v＝2mgvsin θ，選項A正確、B錯誤；當導體棒的速度

15、達到v/2時，沿導軌方向：mgsin θ－＝ma，解得a＝gsin θ，選項C正確；導體棒的速度達到2v以后，拉力與重力的合力做功全部轉(zhuǎn)化為R上產(chǎn)生的焦耳熱，選項D錯誤。 8．選BC　由v2＝2ax可知，金屬棒通過b、c兩位置時，金屬棒速度之比為1∶，產(chǎn)生的感應電流之比為1∶，所受安培力之比為1∶，由牛頓第二定律可知，外力F的大小之比不是1∶，選項A錯誤；由電功率公式P＝I2R可知，金屬棒通過b、c兩位置時，電阻R的電功率之比為1∶2，選項B正確；由法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律和電流定義可得，q＝ΔΦ/R，從a到b和從b到c的兩個過程中，ΔΦ相等，所以通過金屬棒橫截面的電荷量之比為1

16、∶1，選項C正確；由焦耳定律，Q＝I2Rt＝qIR，從a到b和從b到c的兩個過程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量之比為1∶，選項D錯誤。 9．解析：導體框在磁場中運動時兩側(cè)所受安培力大小相等方向相反，相互抵消，由牛頓第二定律，F(xiàn)＝ma，導體框在磁場中的加速度大小為a＝F/m。根據(jù)法拉第電磁感應定律，正方形導體框中產(chǎn)生的感應電動勢為E＝kL2，感應電流I＝E/R＝kL2/R，導體框中感應電流做功的功率為P＝EI＝。 答案：F/m　 10．解析：(1)設(shè)棒速為v′，有 E＝BL(v－v′) F安＝BIL＝＝ 棒受力平衡有：mg＝F安 聯(lián)立得：v′＝v－ 方向向上 (2)由P＝I2R　mg＝

17、BIL 得：P＝。 答案：(1)v－　方向向上　(2) 11．解析：(1)0～t0時間，地板向下做勻速運動，其速度v＝x0/t0，線圈切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢e＝nB·2πrv＝2nBπrx0/t0，感應電流i＝e/R＝2nBπrx0/Rt0；t0～2t0時間，地板向上做勻速運動，其速度v＝x0/t0，線圈切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢e＝－nB·2πrv＝－2nBπrx0/t0，感應電流i＝e/R＝－2nBπrx0/Rt0； (2)t＝t0/2時，地板向下位移x0/2，彈簧彈力kx0/2 ，安培力F安＝nBi2πr＝2nBiπr，由平衡條件可知，地板受到的壓力F＝2kx0＋。 (

18、3)由功能關(guān)系可得人踩踏一次地板所做的功W＝2i2Rt0＝8n2B2π2r2x02/Rt0。 答案：(1)見解析　(2)2kx0＋　(3) 12．解析：(1)金屬桿做勻加速運動(或金屬桿做初速度為零的勻加速運動)。 通過R的電流I＝＝，因通過R的電流I隨時間均勻增大，即桿的速度v隨時間均勻增大，桿的加速度為恒量，故金屬桿做勻加速運動。 (2)對回路，根據(jù)閉合電路歐姆定律I＝ 對桿，根據(jù)牛頓第二定律有：F＋mgsin θ－BIL＝ma 將F＝0.5v＋2代入得：2＋mgsin θ＋(0.5－)v＝ma， 因a與v無關(guān)，所以a＝＝8 m/s2 0．5－＝0，得R＝0.3 Ω (3)由x＝at2得，所需時間t＝ ＝0.5 s。 答案：(1)見解析　(2)0.3 Ω　(3)0.5 s 7