2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪專題突破 高考小題分項(xiàng)練（三）理.doc

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2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪專題突破 高考小題分項(xiàng)練（三）理 1．在公比q大于1的等比數(shù)列{an}中，a3a7＝72，a2＋a8＝27，則a12等于(　　) A．96 B．64 C．72 D．48 2．設(shè)等差數(shù)列{an}和等比數(shù)列{bn}首項(xiàng)都是1，公差與公比都是2，則ab1＋ab2＋ab3＋ab4＋ab5等于(　　) A．54 B．56 C．58 D．57 3．(xx皖西七校聯(lián)考)已知數(shù)列{an}是等差數(shù)列，a1＝tan 225，a5＝13a1，設(shè)Sn為數(shù)列{(－1)nan}的前n項(xiàng)和，則S2 016等于(　　) A．2 016 B．－2 016 C．3 024 D．－3 024 4．(xx溫州十校聯(lián)考)設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，若S6>S7>S5，則滿足SnSn＋1<0的正整數(shù)n的值為(　　) A．13 B．12 C．11 D．10 5．已知函數(shù)f(x)＝(1－3m)x＋10(m為常數(shù))，若數(shù)列{an}滿足an＝f(n)(n∈N*)，且a1＝2，則數(shù)列{an}前100項(xiàng)的和為(　　) A．39 400 B．－39 400 C．78 800 D．－78 800 6．已知等比數(shù)列{an}滿足an>0，n＝1,2，…，且a5a2n－5＝22n(n≥3)，則當(dāng)n≥1時(shí)，log2a1＋log2a3＋…＋log2a2n－1等于(　　) A．n(2n－1) B．(n＋1)2 C．n2 D．(n－1)2 7．設(shè)數(shù)列{an}是首項(xiàng)為1，公比為4的等比數(shù)列，把{an}中的每一項(xiàng)都減去3后，得到一個(gè)新數(shù)列{bn}，{bn}的前n項(xiàng)和為Sn，對(duì)任意的n∈N*，下列結(jié)論正確的是(　　) A．4bn＝bn＋1且Sn＝(4n－1) B．4bn－6＝bn＋1且Sn＝(4n－1) C．4bn＋9＝bn＋1且Sn＝(4n－1)－3n D．4bn－9＝bn＋1且Sn＝(4n－1)－3n 8．已知{an}滿足a1＝1，且an＋1＝(n∈N*)，則數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為(　　) A．a(chǎn)n＝ B．a(chǎn)n＝n2＋2 C．a(chǎn)n＝3n－2 D．a(chǎn)n＝ 9．已知數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an＝3n2－(9＋a)n＋6＋2a(其中a為常數(shù))，若a6與a7兩項(xiàng)中至少有一項(xiàng)是an中的最小值，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(　　) A．[24,36] B．[27,33] C．{a|27≤a≤33，a∈N*} D．{a|24≤a≤36，a∈N*} 10．項(xiàng)數(shù)為n的數(shù)列a1，a2，a3，…，an的前k項(xiàng)和為Sk(k＝1,2,3，…，n)，定義為該數(shù)列的“凱森和”，如果項(xiàng)數(shù)為99的數(shù)列a1，a2，a3，…，a99的“凱森和”為1 000，那么項(xiàng)數(shù)為100的數(shù)列100，a1，a2，a3，…，a99的“凱森和”為(　　) A．991 B．1 001 C．1 090 D．1 100 11．在等比數(shù)列{an}中，若a1＝，a4＝－4，則公比q＝________；|a1|＋|a2|＋…＋|an|＝________. 12．已知函數(shù)f(x)＝xa的圖象過點(diǎn)(4,2)，令an＝，n∈N*.記數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，則S2 016＝________. 13．?dāng)?shù)列{an}滿足an＋1＋(－1)nan＝2n－1，則{an}的前60項(xiàng)和為________． 14．在如下數(shù)表中，已知每行、每列中的數(shù)都成等差數(shù)列， 第1列 第2列 第3列 … 第1行 1 2 3 … 第2行 2 4 6 … 第3行 3 6 9 … … … … … … 15．設(shè)Sn是正項(xiàng)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和，且an和Sn滿足4Sn＝(an＋1)2(n＝1,2,3，…)，則Sn＝________.  答案精析 高考小題分項(xiàng)練(三) 1．A　[由題意及等比數(shù)列的性質(zhì)知a3a7＝a2a8＝72，又a2＋a8＝27，∴a2，a8是方程x2－27x＋72＝0的兩個(gè)根， ∴或又公比q大于1， ∴∴q6＝8，即q2＝2， ∴a12＝a2q10＝325＝96.] 2．D　[由題意，an＝1＋2(n－1)＝2n－1，bn＝12n－1＝2n－1，∴ab1＋…＋ab5＝a1＋a2＋a4＋a8＋a16＝1＋3＋7＋15＋31＝57.] 3．C　[∵a1＝tan 225＝1，∴a5＝13a1＝13，則公差d＝＝＝3，∴an＝3n－2，∴(－1)nan＝(－1)n(3n－2)，∴S2 016＝(a2－a1)＋(a4－a3)＋(a6－a5)＋…＋(a2 016－a2 015)＝1 008d＝3 024.] 4．B　[設(shè)等差數(shù)列的公差為d，由S6>S7>S5得，6a1＋15d>7a1＋21d>5a1＋10d，所以a7<0，a6>0,2a7＝2a1＋12d＝a1＋a13<0,2a1＋11d＝a1＋a12>0，即S12>0，S13<0，故選B.] 5．B　[∵a1＝f(1)＝(1－3m)＋10＝2，∴m＝3，∴an＝f(n)＝－8n＋10，∴S100＝－8(1＋2＋…＋100)＋10100＝－8＋10100＝－39 400.] 6．C　[由{an}為等比數(shù)列，則a5a2n－5＝a1a2n－1＝22n，則(a1a3a5…a2n－1)2＝(22n)n?a1a3…a2n－1＝2n2，故log2a1＋log2a3＋…＋log2a2n－1＝log2(a1a3…a2n－1)＝n2.] 7．C　[由已知得bn＝4n－1－3，故有4bn＋9＝4(4n－1－3)＋9＝4n－3＝bn＋1，Sn＝(1＋4＋42＋…＋4n－1)－3n＝(4n－1)－3n.] 8．A　[由題可知，an＋1＝(n∈N*)，兩邊取倒數(shù)可得，＝＝＋3，即－＝3，所以數(shù)列{}是首項(xiàng)為1，公差為3的等差數(shù)列，其通項(xiàng)公式為＝3n－2，所以數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an＝.] 9．A　[由于數(shù)列的定義域?yàn)檎麛?shù)，故由二次函數(shù)知識(shí)可知，只需5.5≤≤7.5，解得24≤a≤36.] 10．C　[因?yàn)轫?xiàng)數(shù)為99的數(shù)列a1，a2，a3，…，a99的“凱森和”為1 000，所以＝1 000，故100，a1，a2，a3，…，a99的“凱森和”為＝100＋＝100＋990 ＝1 090.故選C.] 11．－2　2n－1－ 解析　∵{an}為等比數(shù)列，且a1＝，a4＝－4， ∴q3＝＝－8，∴q＝－2，∴an＝(－2)n－1， ∴|an|＝2n－2，∴|a1|＋|a2|＋|a3|＋…＋|an|＝＝(2n－1)＝2n－1－. 12.－1 解析　由f(4)＝2可得4a＝2，解得a＝， 則f(x)＝x. ∴an＝＝ ＝－， S2 016＝a1＋a2＋a3＋…＋a2 016＝(－1)＋(－)＋(－)＋…＋(－)＝－1. 13．1 830 解析　∵an＋1＋(－1)nan＝2n－1， ∴a2＝1＋a1，a3＝2－a1，a4＝7－a1，a5＝a1，a6＝9＋a1，a7＝2－a1，a8＝15－a1，a9＝a1，a10＝17＋a1，a11＝2－a1，a12＝23－a1，…，a57＝a1，a58＝113＋a1，a59＝2－a1，a60＝119－a1， ∴a1＋a2＋…＋a60＝(a1＋a2＋a3＋a4)＋(a5＋a6＋a7＋a8)＋…＋(a57＋a58＋a59＋a60)＝10＋26＋42＋…＋234＝＝1 830. 14．n2＋n 解析　第n行的第一個(gè)數(shù)是n，第n行的數(shù)構(gòu)成以n為公差的等差數(shù)列，則其第n＋1項(xiàng)為n＋nn＝n2＋n. 15．n2 解析　由題意知：Sn＝(＋)2， 當(dāng)n＝1時(shí)，易得a1＝1. an＝Sn－Sn－1＝(＋)2－(＋)2 ＝(＋＋1)(－) ＝()＋(－)， 整理得：＝?an－an－1＝2， 所以an＝2n－1，所以Sn＝n2.