2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 分層規(guī)范快練20 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用 新人教版.doc
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分層規(guī)范快練(二十) 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用 [雙基過(guò)關(guān)練] 1. [2018安徽淮南模擬](多選)如圖所示,在光滑的水平面上放有一物體M,物體上有一光滑的半圓弧軌道,軌道半徑為R,最低點(diǎn)為C,兩端A,B等高,現(xiàn)讓小滑塊m從A點(diǎn)由靜止下滑,在此后的過(guò)程中,則( ) A.M和m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,動(dòng)量守恒 B.M和m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,動(dòng)量不守恒 C.m從A到C的過(guò)程中M向左運(yùn)動(dòng),m從C到B的過(guò)程中M向右運(yùn)動(dòng) D.m從A到C的過(guò)程中,M向左運(yùn)動(dòng),m從C到B的過(guò)程中M向左運(yùn)動(dòng) 解析:A項(xiàng),小滑塊m從A點(diǎn)靜止下滑,物體M與滑塊m組成的系統(tǒng)水平方向所受合力為零,系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,豎直方向有加速度,合力不為零,所以系統(tǒng)動(dòng)量不守恒.M和m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,故A錯(cuò)誤,B正確;C項(xiàng),系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,由于系統(tǒng)初始狀態(tài)水平方向動(dòng)量為零,所以m從A到C的過(guò)程中,m向右運(yùn)動(dòng),M向左運(yùn)動(dòng),m從C到B的過(guò)程中M還是向左運(yùn)動(dòng),即保證系統(tǒng)水平方向動(dòng)量為零.故C錯(cuò)誤,D正確. 答案:BD 2.現(xiàn)有甲、乙兩滑塊,質(zhì)量分別為3m和m,以相同的速率v在光滑水平面上相向運(yùn)動(dòng),發(fā)生了碰撞.已知碰撞后,甲滑塊靜止不動(dòng),那么這次碰撞是( ) A.彈性碰撞 B.非彈性碰撞 C.完全非彈性碰撞 D.條件不足,無(wú)法確定 解析:以?xún)苫瑝K組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象,碰撞過(guò)程系統(tǒng)所受合外力為零,碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒,以甲的初速度方向?yàn)檎较?,取m=1 kg; 碰撞前系統(tǒng)總動(dòng)量:p=3mv-mv=2mv; 由動(dòng)量守恒定律得:3mv-mv=mv′,解得:v′=2v=4 m/s; 碰撞前系統(tǒng)機(jī)械能:3mv2+mv2=2mv2, 碰撞后系統(tǒng)的機(jī)械能為:m(2v)2=2mv2,碰撞前后機(jī)械能不變,碰撞是彈性碰撞;故選A. 答案:A 3.如圖,兩滑塊A、B在光滑水平面上沿同一直線相向運(yùn)動(dòng),滑塊A的質(zhì)量為m,速度大小為2v0,方向向右,滑塊B的質(zhì)量為2m,速度大小為v0,方向向左,兩滑塊發(fā)生彈性碰撞后的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是( ) A.A和B都向左運(yùn)動(dòng) B.A和B都向右運(yùn)動(dòng) C.A靜止,B向右運(yùn)動(dòng) D.A向左運(yùn)動(dòng),B向右運(yùn)動(dòng) 解析:選向右的方向?yàn)檎较?,根?jù)動(dòng)量守恒定律得:2mv0-2mv0=mvA+2mvB=0,選項(xiàng)A、B、C都不滿足此式,只有選項(xiàng)D滿足此式,所以D項(xiàng)正確. 答案:D 4.[2019廣東東莞調(diào)研]兩名質(zhì)量相等的滑冰人甲和乙都靜止在光滑的水平冰面上.現(xiàn)在,其中一人向另一個(gè)人拋出一個(gè)籃球,另一人接球后再拋回.如此反復(fù)進(jìn)行幾次之后,甲和乙最后的速率關(guān)系是( ) A.若甲最先拋球,則一定是v甲>v乙 B.若乙最后接球,則一定是v甲>v乙 C.只有甲先拋球,乙最后接球,才有v甲>v乙 D.無(wú)論怎樣拋球和接球,都是v甲>v乙 解析:因系統(tǒng)動(dòng)量守恒,故最終甲、乙動(dòng)量大小必相等。誰(shuí)最后接球誰(shuí)的質(zhì)量中包含了球的質(zhì)量,即質(zhì)量大,根據(jù)動(dòng)量守恒:m1v1=m2v2,因此最終誰(shuí)接球誰(shuí)的速度?。? 答案:B 5. 如圖所示,具有一定質(zhì)量的小球A固定在輕桿一端,另一端掛在小車(chē)支架的O點(diǎn).用手將小球拉至水平,此時(shí)小車(chē)靜止于光滑水平面上,放手讓小球擺下與B處固定的橡皮泥碰擊后粘在一起,則在此過(guò)程中小車(chē)將( ) A.向右運(yùn)動(dòng) B.向左運(yùn)動(dòng) C.靜止不動(dòng) D.小球下擺時(shí),車(chē)向左運(yùn)動(dòng)后又靜止 解析:水平方向上,系統(tǒng)不受外力,因此在水平方向上動(dòng)量守恒.小球下落過(guò)程中,水平方向具有向右的分速度,因此為保證動(dòng)量守恒,小車(chē)要向左運(yùn)動(dòng).當(dāng)撞到橡皮泥,是完全非彈性碰撞,A球和小車(chē)大小相等、方向相反的動(dòng)量恰好抵消掉,小車(chē)會(huì)靜止. 答案:D 6.[2019河北衡水重點(diǎn)中學(xué)調(diào)研]兩個(gè)小球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運(yùn)動(dòng),B球在前,A球在后,mA=1 kg、mB=2 kg,vA=6 m/s,vB=3 m/s,當(dāng)A球與B球發(fā)生碰撞后,A、B兩球的速度可能是( ) A.v′A=4 m/s,v′B=4 m/s B.v′A=4 m/s,v′B=5 m/s C.v′=-4 m/s,v′B=6 m/s D.v′A=7 m/s,v′B=2.5 m/s 解析:兩球碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒,以?xún)汕虻某跛俣确较驗(yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得mAvA+mBvB=mAv′A+mBv′B①;由碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)能不能增加可知mAv+mBv≥mAv′A+mBv′B②;根據(jù)題意可知v′A≤v′B③;將四個(gè)選項(xiàng)代入①②③式檢驗(yàn)可知,A正確,B、C、D錯(cuò)誤. 答案:A 7.[2019河北唐山質(zhì)檢]在光滑的水平面上,質(zhì)量為m1的小球A以速率v0向右運(yùn)動(dòng).在小球A的前方O點(diǎn)處有一質(zhì)量為m2的小球B處于靜止?fàn)顟B(tài),如圖所示.小球A與小球B發(fā)生正碰后小球A,B均向右運(yùn)動(dòng).小球B被在Q點(diǎn)處的墻壁彈回后與小球A在P點(diǎn)相遇,PQ=1.5PO.假設(shè)小球間的碰撞及小球與墻壁之間的碰撞都是彈性的,求兩小球質(zhì)量之比. 解析:從兩小球碰撞后到它們?cè)俅蜗嘤觯∏駻和小球B的速度大小保持不變,設(shè)兩小球通過(guò)的路程分別為s1,s2. 由v=得=,兩小球碰撞過(guò)程有m1v0=m1v1+m2v2 m1v=m1v+m2v,解得=. 故兩小球的質(zhì)量之比=. 答案:2 [技能提升練] 8. (多選)如圖所示,質(zhì)量分別為m1=1.0 kg和m2=2.0 kg的彈性小球a、b,用輕繩緊緊地把它們捆在一起,使它們發(fā)生微小的形變.該系統(tǒng)以速度v0=0.10 m/s沿光滑水平面向右做直線運(yùn)動(dòng),某時(shí)刻輕繩突然自動(dòng)斷開(kāi),斷開(kāi)后兩球仍沿原直線運(yùn)動(dòng).經(jīng)過(guò)時(shí)間t=5.0 s后,測(cè)得兩球相距x=4.5 m,則下列說(shuō)法正確的是( ) A.剛分離時(shí),a球的速度大小為0.7 m/s B.剛分離時(shí),b球的速度大小為0.2 m/s C.剛分離時(shí),a、b兩球的速度方向相同 D.兩球分開(kāi)過(guò)程中釋放的彈性勢(shì)能為0.27 J 解析:系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒,以向右為正方向,由動(dòng)量守恒定律得(m1+m2)v0=m1v1+m2v2,兩球相距x=v1t-v2t,代入數(shù)據(jù)解得v1=0.7 m/s,v2=-0.2 m/s,負(fù)號(hào)表示速度方向與正方向相反,故A、B正確,C錯(cuò)誤;由能量守恒定律得(m1+m2)v+Ep=m1v+m2v,代入數(shù)據(jù)解得Ep=0.27 J,故D正確. 答案:ABD 9.(多選)如圖甲所示,在光滑水平面上的兩個(gè)小球發(fā)生正碰.小球的質(zhì)量分別為m1和m2.圖乙為它們碰撞前后的x-t圖象.已知m1=0.1 kg.由此可以判斷( ) A.碰前m2靜止,m1向右運(yùn)動(dòng) B.碰后m2和m1都向右運(yùn)動(dòng) C.m2=0.3 kg D.碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失了0.4 J的機(jī)械能 解析:由x-t圖象的斜率得到,碰前m2的位移不隨時(shí)間而變化,處于靜止?fàn)顟B(tài).m1速度大小為v1==4 m/s,方向只有向右才能與m2相撞,故A正確;由題圖乙讀出,碰后m2的速度為正方向,說(shuō)明向右運(yùn)動(dòng),m1的速度為負(fù)方向,說(shuō)明向左運(yùn)動(dòng),故B錯(cuò)誤;由題圖乙求出碰后m2和m1的速度分別為v2′=2 m/s,v1′=-2 m/s,根據(jù)動(dòng)量守恒定律得,m1v1=m1v1′+m2v2′,代入解得,m2=0.3 kg,故C正確;碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為ΔE=m1v-m1v1′2-m2v2′2,代入解得,ΔE=0 J,故D錯(cuò)誤. 答案:AC 10.如圖所示,光滑水平軌道右邊與墻壁連接,木塊A、B和半徑為0.5 m的光滑圓軌道C靜置于光滑水平軌道上,A、B、C質(zhì)量分別為1.5 kg、0.5 kg、4 kg.現(xiàn)讓A以6 m/s的速度水平向右運(yùn)動(dòng),之后與墻壁碰撞,碰撞時(shí)間為0.3 s,碰后速度大小變?yōu)? m/s.當(dāng)A與B碰撞后會(huì)立即粘在一起運(yùn)動(dòng),已知g=10 m/s2,求: (1)A與墻壁碰撞過(guò)程中,墻壁對(duì)木塊A平均作用力的大?。? (2)AB第一次滑上圓軌道所能達(dá)到的最大高度h. 解析:(1)A與墻壁碰撞過(guò)程,規(guī)定水平向左為正方向,對(duì)A由動(dòng)量定理有: Ft=mAv2-mA(-v1) 解得F=50 N (2)A與B碰撞過(guò)程,對(duì)A、B系統(tǒng),水平方向動(dòng)量守恒有: mAv2=(mB+mA)v3 AB第一次滑上圓軌道到最高點(diǎn)的過(guò)程,對(duì)A、B、C組成的系統(tǒng),水平方向動(dòng)量守恒有: (mB+mA)v3=(mB+mA+mC)v4 由能量關(guān)系: (mB+mA)v=(mB+mA+mC)v+(mB+mA)gh 解得h=0.3 m. 答案:(1)50 N (2)0.3 m 11.[2018全國(guó)卷Ⅱ,24]汽車(chē)A在水平冰雪路面上行駛.駕駛員發(fā)現(xiàn)其正前方停有汽車(chē)B,立即采取制動(dòng)措施,但仍然撞上了汽車(chē)B.兩車(chē)碰撞時(shí)和兩車(chē)都完全停止后的位置如圖所示,碰撞后B車(chē)向前滑動(dòng)了4.5 m,A車(chē)向前滑動(dòng)了2.0 m.已知A和B的質(zhì)量分別為2.0103 kg和1.5103 kg,兩車(chē)與該冰雪路面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為 0.10,兩車(chē)碰撞時(shí)間極短,在碰撞后車(chē)輪均沒(méi)有滾動(dòng),重力加速度大小g=10 m/s2.求: (1)碰撞后的瞬間B車(chē)速度的大?。? (2)碰撞前的瞬間A車(chē)速度的大?。? 解析:(1)設(shè)B車(chē)的質(zhì)量為mB,碰后加速度大小為aB.根據(jù)牛頓第二定律有μmBg=mBaB① 式中μ是汽車(chē)與路面間的動(dòng)摩擦因數(shù). 設(shè)碰撞后瞬間B車(chē)速度的大小為v′B,碰撞后滑行的距離為xB.由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有 v′B2=2aBxB② 聯(lián)立①②式并利用題給數(shù)據(jù)得 v′B=3.0 m/s③ (2)設(shè)A車(chē)的質(zhì)量為mA,碰后加速度大小為aA,根據(jù)牛頓第二定律有 μmAg=mAaA④ 設(shè)碰撞后瞬間A車(chē)速度的大小為v′A,碰撞后滑行的距離為xA,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有 v′A2=2aAxA⑤ 設(shè)碰撞前的瞬間A車(chē)速度的大小為vA.兩車(chē)在碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒,有 mAvA=mAv′A+mBv′B⑥ 聯(lián)立③④⑤⑥式并利用題給據(jù)據(jù)得 vA=4.3 m/s⑦ 答案:(1)3.0 m/s (2)4.3 m/s- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問(wèn)題本站不予受理。
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