高考理科導學案【第七章】不等式、推理與證明 學案36

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1、△+△2019年數學高考教學資料△+△ 學案36　基本不等式及其應用 導學目標： 1.了解基本不等式的證明過程.2.會用基本不等式解決簡單的最大(小)值問題． 自主梳理 1．基本不等式≤ (1)基本不等式成立的條件：____________. (2)等號成立的條件：當且僅當________時取等號． 2．幾個重要的不等式 (1)a2＋b2≥________ (a，b∈R)． (2)＋≥____(a，b同號)． (3)ab≤2 (a，b∈R)． (4)2____. 3．算術平均數與幾何平均數 設a>0，b>0，則a，b的算術平均數為________，幾何平均數為

2、________，基本不等式可敘述為：________________________________________________. 4．利用基本不等式求最值問題 已知x>0，y>0，則 (1)如果積xy是定值p，那么當且僅當________時，x＋y有最____值是________(簡記：積定和最小)． (2)如果和x＋y是定值p，那么當且僅當________時，xy有最____值是__________(簡記：和定積最大)． 自我檢測 1．“a>b>0”是“ab<”的(　　) A．充分而不必要條件 B．必要而不充分條件 C．充要條件 D．既不充分也不必要條

3、件 2．(2011·南平月考)已知函數f(x)＝x，a、b∈(0，＋∞)，A＝f，B＝f()，C＝f，則A、B、C的大小關系是(　　) A．A≤B≤C B．A≤C≤B C．B≤C≤A D．C≤B≤A 3．下列函數中，最小值為4的函數是(　　) A．y＝x＋ B．y＝sin x＋(00，≤a恒成立，則a的取值范圍為____________

4、____． 探究點一　利用基本不等式求最值 例1　(1)已知x>0，y>0，且＋＝1，求x＋y的最小值； (2)已知x<，求函數y＝4x－2＋的最大值； (3)若x，y∈(0，＋∞)且2x＋8y－xy＝0，求x＋y的最小值． 變式遷移1　(2011·重慶)已知a>0，b>0，a＋b＝2，則y＝＋的最小值是(　　) A. B．4 C. D．5 探究點二　基本不等式在證明不等式中的應用 例2　已知a>0，b>0，a＋b＝1，求證：(1＋)(1＋)≥9. 變式遷移2　已知x>0

5、，y>0，z>0. 求證：≥8. 探究點三　基本不等式的實際應用 例3　(2011·鎮(zhèn)江模擬)某單位用2 160萬元購得一塊空地，計劃在該空地上建造一棟至少10層，每層2 000平方米的樓房．經測算，如果將樓房建為x(x≥10)層，則每平方米的平均建筑費用為560＋48x(單位：元)． (1)寫出樓房平均綜合費用y關于建造層數x的函數關系式； (2)該樓房應建造多少層時，可使樓房每平方米的平均綜合費用最少？最少值是多少？ (注：平均綜合費用＝平均建筑費用＋平均購地費用，平均購地費用＝) 變式遷移3　(2011·廣州月考)某國

6、際化妝品生產企業(yè)為了占有更多的市場份額，擬在2012年英國倫敦奧運會期間進行一系列促銷活動，經過市場調查和測算，化妝品的年銷量x萬件與年促銷費t萬元之間滿足3－x與t＋1成反比例，如果不搞促銷活動，化妝品的年銷量只能是1萬件，已知2012年生產化妝品的設備折舊、維修等固定費用為3萬元，每生產1萬件化妝品需再投入32萬元的生產費用，若將每件化妝品的售價定為其生產成本的150%與平均每件促銷費的一半之和，則當年生產的化妝品正好能銷完． (1)將2012年的利潤y(萬元)表示為促銷費t(萬元)的函數． (2)該企業(yè)2012年的促銷費投入多少萬元時，企業(yè)的年利潤最大？ (注：利潤＝銷售收入－生產

7、成本－促銷費，生產成本＝固定費用＋生產費用) 1．a2＋b2≥2ab對a、b∈R都成立；≥成立的條件是a，b∈R＋；＋≥2成立的條件是ab>0，即a，b同號． 2．利用基本不等式求最值必須滿足一正、二定、三相等三個條件，并且和為定值時，積有最大值，積為定值時，和有最小值． 3．使用基本不等式求最值時，若等號不成立，應改用單調性法．一般地函數y＝ax＋，當a>0，b<0時，函數在(－∞，0)，(0，＋∞)上是增函數；當a<0，b>0時，函數在(－∞，0)，(0，＋∞)上是減函數；當a>0，b>0時函數在，上是減函數，在，上是增函數；當a<

8、0，b<0時，可作如下變形：y＝－來解決最值問題． (滿分：75分) 一、選擇題(每小題5分，共25分) 1．設a>0，b>0，若是3a與3b的等比中項，則＋的最小值為(　　) A．8 B．4 C．1 D. 2．(2011·鞍山月考)已知不等式(x＋y)≥9對任意正實數x，y恒成立，則正實數a的最小值為(　　) A．2 B．4 C．6 D．8 3．已知a>0，b>0，則＋＋2的最小值是(　　) A．2 B．2 C．4 D．5 4．一批貨物隨17列貨車從A市以a km/h的速度勻速直達B市，已知兩地鐵路線長400

9、km，為了安全，兩列車之間的距離不得小于2 km，那么這批貨物全部運到B市，最快需要(　　) A．6 h B．8 h C．10 h D．12 h 5．(2011·寧波月考)設x，y滿足約束條件，若目標函數z＝ax＋by (a>0，b>0)的最大值為12，則＋的最小值為(　　) A. B. C. D．4 二、填空題(每小題4分，共12分) 6．(2010·浙江)若正實數x，y滿足2x＋y＋6＝xy，則xy的最小值是________． 7．(2011·江蘇)在平面直角坐標系xOy中，過坐標原點的一條直線與函數f(x)＝的圖象交于P，Q兩點，則線段PQ

10、長的最小值是________． 8．已知f(x)＝32x－(k＋1)3x＋2，當x∈R時，f(x)恒為正值，則k的取值范圍為__________________． 三、解答題(共38分) 9．(12分)(1)已知00)． (1)在該時段內，當汽車的平均速度v為多少時車流量y最大？最大車流量為

11、多少？ (2)為保證在該時段內車流量至少為10千輛/小時，則汽車的平均速度應控制在什么范圍內？ 11．(14分)某加工廠需定期購買原材料，已知每千克原材料的價格為1.5元，每次購買原材料需支付運費600元，每千克原材料每天的保管費用為0.03元，該廠每天需要消耗原材料400千克，每次購買的原材料當天即開始使用(即有400千克不需要保管)． (1)設該廠每x天購買一次原材料，試寫出每次購買的原材料在x天內總的保管費用y1關于x的函數關系式； (2)求該廠多少天購買一次原材料才能使平均每天支付的總費用y最小，并求出這個最小值．

12、 學案36　基本不等式及其應用 自主梳理 1．(1)a>0，b>0　(2)a＝b　2.(1)2ab　(2)2　(4)≤ 3.　　兩個正數的算術平均數不小于它們的幾何平均數　4.(1)x＝y(tǒng)　小　2　(2)x＝y(tǒng)　大　 自我檢測 1．A　2.A　3.C 4．大?。?－1　5.[，＋∞) 課堂活動區(qū) 例1　解題導引　基本不等式的功能在于“和與積”的相互轉化，使用基本不等式求最值時，給定的形式不一定能直接適合基本不等式，往往需要拆添項或配湊因式(一般是湊和或積為定值的形式)，構造出基本不等式的形式再進行求解．基本不等式成立的條件是“一正、二定、三

13、相等”，“三相等”就是必須驗證等號成立的條件． 解　(1)∵x>0，y>0，＋＝1， ∴x＋y＝(x＋y) ＝＋＋10≥6＋10＝16. 當且僅當＝時，上式等號成立，又＋＝1， ∴x＝4，y＝12時，(x＋y)min＝16. (2)∵x<，∴5－4x>0. y＝4x－2＋＝－＋3 ≤－2 ＋3＝1， 當且僅當5－4x＝， 即x＝1時，上式等號成立，故當x＝1時，ymax＝1. (3)由2x＋8y－xy＝0，得2x＋8y＝xy， ∴＋＝1. ∴x＋y＝(x＋y)＝10＋＋ ＝10＋2 ≥10＋2×2× ＝18， 當且僅當＝，即x＝2y時取等號． 又2x＋8y－x

14、y＝0，∴x＝12，y＝6. ∴當x＝12，y＝6時，x＋y取最小值18. 變式遷移1　C　[∵a＋b＝2，∴＝1. ∴＋＝(＋)()＝＋(＋)≥＋2＝(當且僅當＝，即b＝2a時，“＝”成立)，故y＝＋的最小值為.] 例2　解題導引　“1”的巧妙代換在不等式證明中經常用到，也會給解決問題提供簡捷的方法． 在不等式證明時，列出等號成立的條件不僅是解題的必要步驟，而且也是檢驗轉化是否有誤的一種方法． 證明　方法一　因為a>0，b>0，a＋b＝1， 所以1＋＝1＋＝2＋. 同理1＋＝2＋. 所以(1＋)(1＋)＝(2＋)(2＋) ＝5＋2(＋)≥5＋4＝9. 所以(1＋)(1＋

15、)≥9(當且僅當a＝b＝時等號成立)． 方法二　(1＋)(1＋)＝1＋＋＋ ＝1＋＋＝1＋， 因為a，b為正數，a＋b＝1， 所以ab≤()2＝，于是≥4，≥8， 因此(1＋)(1＋)≥1＋8＝9(當且僅當a＝b＝時等號成立)． 變式遷移2　證明　∵x>0，y>0，z>0， ∴＋≥>0， ＋≥>0， ＋≥>0. ∴ ≥＝8. 當且僅當x＝y(tǒng)＝z時等號成立． 所以(＋)(＋)(＋)≥8. 例3　解題導引　1.用基本不等式解應用題的思維程序為： →→→→ 2．在應用基本不等式解決實際問題時，要注意以下四點：(1)先理解題意，設變量，一般把要求最值的變量定為函數；(2

16、)建立相應的函數關系式，把實際問題抽象為函數最值問題；(3)在定義域內求函數最值；(4)正確寫出答案． 解　(1)依題意得 y＝(560＋48x)＋ ＝560＋48x＋ (x≥10，x∈N*)． (2)∵x>0，∴48x＋ ≥2＝1 440， 當且僅當48x＝，即x＝15時取到“＝”， 此時，平均綜合費用的最小值為560＋1 440＝2 000(元)． 答　當該樓房建造15層時，可使樓房每平方米的平均綜合費用最少，最少值為2 000元． 變式遷移3　解　(1)由題意可設3－x＝， 將t＝0，x＝1代入，得k＝2.∴x＝3－. 當年生產x萬件時， ∵年生產成本＝年生產費用

17、＋固定費用， ∴年生產成本為32x＋3＝32＋3. 當銷售x(萬件)時，年銷售收入為 150%＋t. 由題意，生產x萬件化妝品正好銷完，由年利潤＝年銷售收入－年生產成本－促銷費，得年利潤y＝ (t≥0)． (2)y＝＝50－ ≤50－2＝50－2＝42(萬元)， 當且僅當＝，即t＝7時，ymax＝42， ∴當促銷費投入7萬元時，企業(yè)的年利潤最大． 課后練習區(qū) 1．B　[因為3a·3b＝3，所以a＋b＝1， ＋＝(a＋b)＝2＋＋ ≥2＋2＝4，當且僅當＝即a＝b＝時，“＝”成立．] 2．B　[不等式(x＋y)≥9對任意正實數x，y恒成立，則1＋a＋＋≥a＋2＋1≥9，

18、 ∴≥2或≤－4(舍去)． ∴正實數a的最小值為4.] 3．C　[因為＋＋2≥2＋2 ＝2≥4，當且僅當＝且 ＝， 即a＝b＝1時，取“＝”號．] 4．B　[第一列貨車到達B市的時間為 h，由于兩列貨車的間距不得小于2 km，所以第17列貨車到達時間為＋＝＋≥8，當且僅當＝，即a＝100 km/h時成立，所以最快需要8 h．] 5．A 6．18 解析　由x>0，y>0,2x＋y＋6＝xy，得 xy≥2＋6(當且僅當2x＝y(tǒng)時，取“＝”)， 即()2－2－6≥0， ∴(－3)·(＋)≥0. 又∵>0，∴≥3，即xy≥18. 故xy的最小值為18. 7．4 解析　過

19、原點的直線與f(x)＝交于P、Q兩點，則直線的斜率k>0，設直線方程為y＝kx，由得或 ∴P(，)，Q(－，－)或P(－，－)，Q(，)． ∴|PQ|＝ ＝2≥4. 8．(－∞，2－1) 解析　由f(x)>0得32x－(k＋1)·3x＋2>0，解得k＋1<3x＋，而3x＋≥2，∴k＋1<2，k<2－1. 9．解　(1)∵0

20、y≥2＝2＝2＝4. (10分) 當且僅當即x＝，y＝時，“＝”成立． ∴當x＝，y＝時，2x＋4y的最小值為4. (12分) 10．解　(1)y＝＝≤ ＝≈11.08.(4分) 當v＝，即v＝40千米/小時時，車流量最大，最大值為11.08千輛/小時(6分) (2)據題意有≥10，(8分) 化簡得v2－89v＋1 600≤0，即(v－25)(v－64)≤0， 所以25≤v≤64. 所以汽車的平均速度應控制在[25,64]這個范圍內． (12分) 11．解　(1)每次購買原材料后，當天用掉的400千克原材料不需要保管費，第二天用掉的400千克原材料需保管1天，第三天用

21、掉的400千克原材料需保管2天，第四天用掉的400千克原材料需保管3天，…，第x天(也就是下次購買原材料的前一天)用掉最后的400千克原材料需保管(x－1)天． ∴每次購買的原材料在x天內總的保管費用 y1＝400×0.03×[1＋2＋3＋…＋(x－1)] ＝6x2－6x.(6分) (2)由(1)可知，購買一次原材料的總費用為6x2－6x＋600＋1.5×400x， ∴購買一次原材料平均每天支付的總費用為 y＝(6x2－6x＋600)＋1.5×400＝＋6x＋594.(9分) ∴y≥2＋594＝714，(12分) 當且僅當＝6x，即x＝10時，取等號． ∴該廠10天購買一次原材料可以使平均每天支付的總費用y最小，且最小為714元．(14分) 高考數學復習精品 高考數學復習精品