2020年中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 重難題型突破 類型一 新定義型

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1、類型一 新定義型 例1、對(duì)任意一個(gè)三位數(shù)n，如果n滿足各數(shù)位上的數(shù)字互不相同，且都不為零，那么稱這個(gè)數(shù)為“相異數(shù)”．將一個(gè)“相異數(shù)”任意兩個(gè)數(shù)位上的數(shù)字對(duì)調(diào)后可以得到三個(gè)不同的新三位數(shù)，把這三個(gè)新三位數(shù)的和與111的商記為F(n)．例如n＝123，對(duì)調(diào)百位與十位上的數(shù)字得到213，對(duì)調(diào)百位與個(gè)位上的數(shù)字得到321，對(duì)調(diào)十位與個(gè)位上的數(shù)字得到132，這三個(gè)新三位數(shù)的和為213＋321＋132＝666，666÷111＝6，所以F(123)＝6． （1）計(jì)算：F(243)，F(xiàn)(617); （2）若s，t都是“相異數(shù)”，其中s＝100x＋32，t＝150＋y(1≤x≤9，1≤y≤9，x，y都是正

2、整數(shù)），規(guī)定：k＝當(dāng)F(s)＋F(t)＝18時(shí)，求k的最大值． 【解答】解：(1)F(243)＝(423＋342＋234)÷111＝9； F(617)＝(167＋716＋671)÷111＝14． （2）∵s，t都是“相異數(shù)”，s＝100x＋32，t＝150＋y， ∴F(s)＝(302＋10x＋230＋x＋100x＋23)÷111＝x＋5，F(xiàn)(t)＝(510＋y＋100y＋51＋105＋10y)÷111＝y(tǒng)＋6． ∵F(t)＋F(s)＝18， ∴x＋5＋y＋6＝x＋y＋11＝18， ∴x＋y＝7． ∵1≤x≤9，1≤y≤9，且x，y都是正整數(shù)， ∴或或或或或． ∵s是“相異數(shù)

3、”， ∴x≠2，x≠3． ∵t是“相異數(shù)”， ∴y≠1，y≠5． ∴或或， ∴或或， ∴k＝＝或k＝＝1或k＝＝ ∴k的最大值為． 例2、如圖1，在正方形ABCD的內(nèi)部，作∠DAE＝∠ABF＝∠BCG＝∠CDH，根據(jù)三角形全等的條件，易得△DAE≌△ABF≌△BCG≌△CDH，從而得到四邊形EFGH是正方形． 類比探究 如圖2，在正△ABC的內(nèi)部，作∠BAD＝∠CBE＝∠ACF，AD，BE，CF兩兩相交于D，E，F(xiàn)三點(diǎn)(D，E，F(xiàn)三點(diǎn)不重合） （1）△ABD，△BCE，△CAF是否全等？如果是，請(qǐng)選擇其中一對(duì)進(jìn)行證明． （2）△DEF是否為正三角形？請(qǐng)說(shuō)明理由． （3

4、）進(jìn)一步探究發(fā)現(xiàn)，△ABD的三邊存在一定的等量關(guān)系，設(shè)BD＝a，AD＝b，AB＝c，請(qǐng)?zhí)剿鱝，b，c滿足的等量關(guān)系． 【解答】解：(1)△ABD≌△BCE≌△CAF;理由如下： ∵△ABC是正三角形， ∴∠CAB＝∠ABC＝∠BCA＝60°，AB＝BC， ∵∠ABD＝∠ABC－∠2，∠BCE＝∠ACB－∠3，∠2＝∠3， ∴∠ABD＝∠BCE， 在△ABD和△BCE中，， ∴△ABD≌△BCE(ASA); (2)△DEF是正三角形；理由如下： ∵△ABD≌△BCE≌△CAF， ∴∠ADB＝∠BEC＝∠CFA， ∴∠FDE＝∠DEF＝∠EFD， ∴△DEF是正三角

5、形； （3）作AG⊥BD于G，如圖所示： ∵△DEF是正三角形， ∴∠ADG＝60°， 在Rt△ADG中，DG＝＝ 在Rt△ABG中＝ ∴＝． 例3、有這樣一個(gè)問(wèn)題：探究同一平面直角坐標(biāo)系中系數(shù)互為倒數(shù)的正、反比例函數(shù)y＝與y＝≠0）的圖象性質(zhì)． 小明根據(jù)學(xué)習(xí)函數(shù)的經(jīng)驗(yàn)，對(duì)函數(shù)y＝與y＝當(dāng)k＞0時(shí)的圖象性質(zhì)進(jìn)行了探究． 下面是小明的探究過(guò)程： （1）如圖所示，設(shè)函數(shù)y＝與y＝圖象的交點(diǎn)為A，B，已知A點(diǎn)的坐標(biāo)為(－k，－1)，則B點(diǎn)的坐標(biāo)為_(kāi)_______； （2）若點(diǎn)P為第一象限內(nèi)雙曲線上不同于點(diǎn)B的任意一點(diǎn)． ①設(shè)直線PA交x軸于點(diǎn)M，直線PB交x軸于點(diǎn)N．求證：P

6、M＝PN． 證明過(guò)程如下：設(shè)直線PA的解析式為y＝ax＋b(a≠0）． 則 ， 解得 ________ ∴直線PA的解析式為_(kāi)_______ 請(qǐng)你把上面的解答過(guò)程補(bǔ)充完整，并完成剩余的證明． ②當(dāng)P點(diǎn)坐標(biāo)為(1，k)(k≠1）時(shí)，判斷△PAB的形狀，并用k表示出△PAB的面積． 【解答】解：（1）由正、反比例函數(shù)圖象的對(duì)稱性可知，點(diǎn)A、B關(guān)于原點(diǎn)O對(duì)稱， ∵A點(diǎn)的坐標(biāo)為(－k，－1)， ∴B點(diǎn)的坐標(biāo)為(k，1)． 故答案為：(k，1)． （2）①證明過(guò)程如下，設(shè)直線PA的解析式為y＝ax＋b(a≠0）． 則， 解得：， ∴直線PA的解析式為y＝． 當(dāng)y＝0

7、時(shí)，x＝m－k， ∴M點(diǎn)的坐標(biāo)為(m－k，0)． 過(guò)點(diǎn)P作PH⊥x軸于H，如圖1所示， ∵P點(diǎn)坐標(biāo)為 ∴H點(diǎn)的坐標(biāo)為(m，0)， ∴MH＝＝m－(m－k)＝k． 同理可得：HN＝k． ∴MH＝HN， ∴PM＝PN． 故答案為：；y＝． ②由①可知，在△PMN中，PM＝PN， ∴△PMN為等腰三角形，且MH＝HN＝k． 當(dāng)P點(diǎn)坐標(biāo)為(1，k)時(shí)，PH＝k， ∴MH＝HN＝PH， ∴∠PMH＝∠MPH＝45°，∠PNH＝∠NPH＝45°， ∴∠MPN＝90°，即∠APB＝90°， ∴△PAB為直角三角形． 當(dāng)k＞1時(shí)，如圖1， ＝ ＝ ＝ ＝ 當(dāng)0＜k＜

8、1時(shí)，如圖2， ＝ ＝ ＝ ＝． 例4、問(wèn)題呈現(xiàn)：如圖1，點(diǎn)E、F、G、H分別在矩形ABCD的邊AB、BC、CD、DA上，AE＝DG，求證：2S四邊形EFGH＝S矩形ABCD．（S表示面積） 實(shí)驗(yàn)探究：某數(shù)學(xué)實(shí)驗(yàn)小組發(fā)現(xiàn)：若圖1中AH≠BF，點(diǎn)G在CD上移動(dòng)時(shí)，上述結(jié)論會(huì)發(fā)生變化，分別過(guò)點(diǎn)E、G作BC邊的平行線，再分別過(guò)點(diǎn)F、H作AB邊的平行線，四條平行線分別相交于點(diǎn)、、、得到矩形． 如圖2，當(dāng)AH＞BF時(shí)，若將點(diǎn)G向點(diǎn)C靠近(DG＞AE)，經(jīng)過(guò)探索，發(fā)現(xiàn)：2 S四邊形EFGH＝S矩形ABCD＋S矩形． 如圖3，當(dāng)AH＞BF時(shí)，若將點(diǎn)G向點(diǎn)D靠近(DG＜AE)，請(qǐng)?zhí)剿鱏四邊形E

9、FGH、S矩形ABCD與S矩形之間的數(shù)量關(guān)系，并說(shuō)明理由． 遷移應(yīng)用：請(qǐng)直接應(yīng)用“實(shí)驗(yàn)探究”中發(fā)現(xiàn)的結(jié)論解答下列問(wèn)題： （1）如圖4，點(diǎn)E、F、G、H分別是面積為25的正方形ABCD各邊上的點(diǎn)，已知AH＞BF，AE＞DG，S四邊形EFGH＝11，HF＝求EG的長(zhǎng)． （2）如圖5，在矩形ABCD中，AB＝3，AD＝5，點(diǎn)E、H分別在邊AB、AD上，BE＝1，DH＝2，點(diǎn)F、G分別是邊BC、CD上的動(dòng)點(diǎn)，且FG＝連接EF、HG，請(qǐng)直接寫出四邊形EFGH面積的最大值． 【解答】問(wèn)題呈現(xiàn)：證明：如圖1中， ∵四邊形ABCD是矩形， ∴AB∥CD，∠A＝90°， ∵AE＝DG，

10、 ∴四邊形AEGD是矩形， ∴＝S四邊形EFGH， 同理＝S矩形BEGC， ∴S四邊形EFGH＝＝S矩形ABCD． 實(shí)驗(yàn)探究：結(jié)論：2 S四邊形EFGH＝S矩形ABCD－S矩形． 理由：∵ =， =， =， =，∴S四邊形EFGH=+++﹣，∴2S四邊形EFGH=2+2+2+2﹣2，∴2S四邊形EFGH=S矩形ABCD﹣S矩形． 遷移應(yīng)用：解：（1）如圖4中，∵2S四邊形EFGH=S矩形ABCD﹣S矩形，∴S矩形=25﹣2×11=3=A1B1A1D1，∵正方形的面積為25，∴邊長(zhǎng)為5，∵A1D12=HF2﹣52=29﹣25=4，∴A1D1=2，A1B1=，∴EG2=A

11、1B12+52=，∴EG=． （2）∵2 S四邊形EFGH＝S矩形ABCD＋S矩形． ∴四邊形面積最大時(shí)，四邊形EFGH的面積最大． ①如圖5－1中，當(dāng)G與C重合時(shí)，四邊形面積最大時(shí)，四邊形EFGH的面積最大． 此時(shí)矩形面積＝＝ ②如圖5－2中，當(dāng)G與D重合時(shí)，四邊形面積最大時(shí)，四邊形EFGH的面積最大．此時(shí)矩形面積＝2﹒1＝2，∵∴四邊形EFGH的面積最大值＝． 例5、定義：點(diǎn)P是△ABC內(nèi)部或邊上的點(diǎn)（頂點(diǎn)除外），在△PAB，△PBC，△PCA中，若至少有一個(gè)三角形與△ABC相似，則稱點(diǎn)P是△ABC的自相似點(diǎn)． 例如：如圖1，點(diǎn)P在△ABC的內(nèi)部，∠PBC＝∠A，∠BCP

12、＝∠ABC，則△BCP∽△ABC，故點(diǎn)P是△ABC的自相似點(diǎn)． 請(qǐng)你運(yùn)用所學(xué)知識(shí)，結(jié)合上述材料，解決下列問(wèn)題： 在平面直角坐標(biāo)系中，點(diǎn)M是曲線y＝上的任意一點(diǎn)，點(diǎn)N是x軸正半軸上的任意一點(diǎn)． （1）如圖2，點(diǎn)P是OM上一點(diǎn)，∠ONP＝∠M，試說(shuō)明點(diǎn)P是△MON的自相似點(diǎn)；當(dāng)點(diǎn)M的坐標(biāo)是點(diǎn)N的坐標(biāo)是時(shí)，求點(diǎn)P的坐標(biāo)； （2）如圖3，當(dāng)點(diǎn)M的坐標(biāo)是點(diǎn)N的坐標(biāo)是(2，0)時(shí)，求△MON的自相似點(diǎn)的坐標(biāo)； （3）是否存在點(diǎn)M和點(diǎn)N，使△MON無(wú)自相似點(diǎn)？若存在，請(qǐng)直接寫出這兩點(diǎn)的坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由． 【解答】解：（1）∵∠ONP＝∠M，∠NOP＝∠MON， ∴△NOP

13、∽△MON， ∴點(diǎn)P是△MON的自相似點(diǎn)； 過(guò)P作PD⊥x軸于D，則tan∠POD＝＝ ∴∠MON＝60°， ∵當(dāng)點(diǎn)M的坐標(biāo)是點(diǎn)N的坐標(biāo)是 ∴∠MNO＝90°， ∵△NOP∽△MON， ∴∠NPO＝∠MNO＝90°， 在Rt△OPN中，OP＝ONcos60°＝ ∴OD＝OPcos60°＝＝＝OP﹒sin60°＝＝ ∴ （2）作MH⊥x軸于H，如圖3所示： ∵點(diǎn)M的坐標(biāo)是點(diǎn)N的坐標(biāo)是(2，0)， ∴OM＝＝直線OM的解析式為y＝＝2，∠MOH＝30°， 分兩種情況： ①如圖3所示：∵P是△MON的相似點(diǎn)， ∴△PON∽△NOM，作PQ⊥x軸于Q， ∴PO＝PN，OQ＝＝1， ∵P的橫坐標(biāo)為1， ∴y＝＝ ∴ ②如圖4所示： 由勾股定理得：MN＝＝2， ∵P是△MON的相似點(diǎn)， ∴△PNM∽△NOM， ∴＝即＝ 解得：PN＝ 即P的縱坐標(biāo)為代入y＝得：＝ 解得：x＝2， ∴ 綜上所述：△MON的自相似點(diǎn)的坐標(biāo)為或 （3）存在點(diǎn)M和點(diǎn)N，使△MON無(wú)自相似點(diǎn)理由如下： ∵ ∴OM＝＝ON，∠MON＝60°， ∴△MON是等邊三角形， ∵點(diǎn)P在△MON的內(nèi)部， ∴∠PON≠∠OMN，∠PNO≠∠MON， ∴存在點(diǎn)M和點(diǎn)N，使△MON無(wú)自相似點(diǎn)． 9