2019-2020年高考物理 電磁感應(yīng)沖關(guān)訓(xùn)練2(含解析).doc
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2019-2020年高考物理 電磁感應(yīng)沖關(guān)訓(xùn)練2(含解析) 一、選擇題每題6分 圖4-2-16 1.(xx汕頭質(zhì)檢)圓形導(dǎo)體線圈a平放在水平桌面上,在a的正上方固定一豎直螺線管b,二者軸線重合,螺線管與電源和滑動(dòng)變阻器連接成如圖4-2-16所示的電路.若將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下滑動(dòng),下列表述正確的是( ) A.線圈a中將產(chǎn)生俯視順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流 B.穿過(guò)線圈a的磁通量變小 C.線圈a有擴(kuò)張的趨勢(shì) D.線圈a對(duì)水平桌面的壓力FN將增大 圖4-2-17 解析:本題考查楞次定律的知識(shí),意在考查學(xué)生對(duì)楞次定律、右手螺旋定則等知識(shí)的掌握.通過(guò)螺線管b的電流如圖4-2-17所示,根據(jù)右手螺旋定則判斷出螺線管b所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下,滑片P向下滑動(dòng),接入電路的電阻減小,電流增大,所產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度增強(qiáng),根據(jù)楞次定律可知,a線圈中所產(chǎn)生的感應(yīng)電流產(chǎn)生的感應(yīng)磁場(chǎng)方向豎直向上,再由右手螺旋定則可得線圈a中的電流方向?yàn)楦┮暷鏁r(shí)針?lè)较?,A錯(cuò)誤;由于螺線管b中的電流增大,所產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度增強(qiáng),線圈a中的磁通量應(yīng)變大,B錯(cuò)誤;根據(jù)楞次定律可知,線圈a將阻礙磁通量的增大,因此,線圈a有縮小的趨勢(shì),線圈a對(duì)水平桌面的壓力增大,C錯(cuò)誤,D正確. 答案:D 圖4-2-18 2.如圖4-2-18,均勻磁場(chǎng)中有一由半圓弧及其直徑構(gòu)成的導(dǎo)線框,半圓直徑與磁場(chǎng)邊緣重合;磁場(chǎng)方向垂直于半圓面(紙面)向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0.使該線框從靜止開(kāi)始繞過(guò)圓心O、垂直于半圓面的軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)半周,在線框中產(chǎn)生感應(yīng)電流.現(xiàn)使線框保持圖中所示位置,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間線性變化.為了產(chǎn)生與線框轉(zhuǎn)動(dòng)半周過(guò)程中同樣大小的電流,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化率的大小應(yīng)為( ) A. B. C. D. 解析:當(dāng)導(dǎo)線框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),設(shè)半徑為r,導(dǎo)線框電阻為R,在很小的Δt時(shí)間內(nèi),轉(zhuǎn)過(guò)圓心角Δθ=ωΔt,由法拉第電磁感應(yīng)定律及歐姆定律可得感應(yīng)電流I1===;當(dāng)導(dǎo)線框不動(dòng),而磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化時(shí),同理可得感應(yīng)電流I2==,令I(lǐng)1=I2,可得=,C對(duì). 答案:C 圖4-2-19 3.半徑為a右端開(kāi)小口的導(dǎo)體圓環(huán)和長(zhǎng)為2a的導(dǎo)體直桿,單位長(zhǎng)度電阻均為R0.圓環(huán)水平固定放置,整個(gè)內(nèi)部區(qū)域分布著豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.桿在圓環(huán)上以速度v平行于直徑CD向右做勻速直線運(yùn)動(dòng),桿始終有兩點(diǎn)與圓環(huán)良好接觸,從圓環(huán)中心O開(kāi)始,桿的位置由θ確定,如圖4-2-19所示.則( ) A.θ=0時(shí),桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為2Bav B.θ=時(shí),桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為Bav C.θ=0時(shí),桿受的安培力大小為 D.θ=,桿受的安培力大小為 解析:根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得E=Blv(其中l(wèi)為有效長(zhǎng)度),當(dāng)θ=0時(shí),l=2a,則E=2Bav;當(dāng)θ=時(shí),l=a,則E=Bav,故A選項(xiàng)正確,B選項(xiàng)錯(cuò)誤;根據(jù)通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中所受安培力的大小的計(jì)算公式可得F=BIl,又根據(jù)閉合電路歐姆定律可得I=,當(dāng)θ=0時(shí),l=2a,E=2Bav,r+R=(π+2)aR0,解得F=;當(dāng)θ=時(shí),l=a,E=Bav,r+R=aR0,解得F=,故C選項(xiàng)錯(cuò)誤,D選項(xiàng)正確. 答案:AD 圖4-2-20 4.(xx汕頭質(zhì)檢)如圖4-2-20所示,正方形線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng),電容器的電容為C.正方形線框的一半放在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度以k為變化率均勻減小時(shí),則( ) A.線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為kL2 B.電壓表沒(méi)有讀數(shù) C.a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì) D.電容器所帶的電荷量為零 解析:本題考查電磁感應(yīng)的相關(guān)知識(shí),意在考查學(xué)生對(duì)電磁感應(yīng)知識(shí)、電容器等知識(shí)的掌握.由于線框的一半放在磁場(chǎng)中,因此線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為kL2/2,A錯(cuò)誤;由于線框所產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是恒定的,且線框連接了一個(gè)電容器,相當(dāng)于電路斷路,外電壓等于電動(dòng)勢(shì),內(nèi)電壓為零,而接電壓表的這部分相當(dāng)于回路的內(nèi)部,因此,電壓表兩端無(wú)電壓,電壓表沒(méi)有讀數(shù),B正確;根據(jù)楞次定律可以判斷,a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì),C正確;電容器所帶電荷量為Q=C,D錯(cuò)誤. 答案:BC 5.(xx湖北聯(lián)考)光滑平行的金屬導(dǎo)軌寬度為L(zhǎng),與水平方向成θ角傾斜固定,導(dǎo)軌之間充滿了垂直于導(dǎo)軌平面的足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,在導(dǎo)軌上垂直導(dǎo)軌放置著質(zhì)量均為m,電阻均為R的金屬棒a、b,二者都被垂直于導(dǎo)軌的擋板擋住保持靜止,金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì),現(xiàn)對(duì)b棒施加一垂直于棒且平行于導(dǎo)軌平面向上的牽引力F,并在極短的時(shí)間內(nèi)將牽引力的功率從零調(diào)為恒定的P.為了使a棒沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng),P的取值可能為(重力加速度為g)( ) 圖4-2-21 A.sin2θ B.sin2θ C.sin2θ D.sin2θ 解析:本題考查電磁感應(yīng),意在考查學(xué)生應(yīng)用電磁感應(yīng)和力學(xué)知識(shí)處理問(wèn)題的能力.以b棒為研究對(duì)象,由牛頓第二定律可知F-mgsinθ-BL=ma,以a棒為研究對(duì)象,由牛頓第二定律可知BL-mgsinθ=ma′,則F>2mgsinθ,v>,故P=Fv>sin2θ,由此可得選項(xiàng)C、D正確,選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤. 答案:CD 圖4-2-22 6.(xx浙江聯(lián)考)如圖4-2-22所示,一矩形線框以豎直向上的初速度進(jìn)入只有一條水平邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)方向垂直紙面向里,進(jìn)入磁場(chǎng)后上升一段高度又落下離開(kāi)磁場(chǎng),運(yùn)動(dòng)中線框只受重力和安培力作用,線框在向上、向下經(jīng)過(guò)圖中1、2位置時(shí)的速率按時(shí)間順序依次為v1、v2、v3和v4,則可以確定( ) A.v1- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問(wèn)題本站不予受理。
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