2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪專題復(fù)習(xí) 提能增分篇 突破一 數(shù)學(xué)思想方法的貫通應(yīng)用 專項(xiàng)突破訓(xùn)練2 文.doc

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2019-2020年高考數(shù)學(xué)二輪專題復(fù)習(xí) 提能增分篇 突破一 數(shù)學(xué)思想方法的貫通應(yīng)用 專項(xiàng)突破訓(xùn)練2 文 一、選擇題(每小題5分，共30分) 1．(xx東北三省四市聯(lián)考)已知集合A＝{x|－1≤x≤1}，B＝{x|x2－2x≤0}，則A∩B＝(　　) A. [－1,0] B. [－1,2] C. [0,1] D. (－∞，1]∪[2，＋∞) 答案：C 解析：由x2－2x≤0?0≤x≤2，∴B＝{x2}． 通過畫數(shù)軸，可知A∩B＝[0,1]．故選C. 2．(xx福建福州質(zhì)檢)執(zhí)行如圖所示的程序框圖，輸出S的值為(　　) A.－1 B．1 C．0 D．－2 014 答案：C 解析：由程序框圖可知，第一次循環(huán)，S＝－1，n＝2； 第二次循環(huán)，S＝0，n＝3；第三次循環(huán)，S＝－1，n＝4； 第四次循環(huán)，S＝0，n＝5；……；當(dāng)n＝xx時(shí)是第xx次循環(huán)，于是輸出S＝0.故選C. 3．(xx貴州遵義聯(lián)考)為了解某校今年新入學(xué)的高一某班學(xué)生的體重情況，將所得的數(shù)據(jù)整理后，畫出了頻率分布直方圖(如圖)，已知高一某班學(xué)生人數(shù)為48人，圖中從左到右的前3個(gè)小組的頻率之比為1∶2∶3，則第2小組的人數(shù)為(　　) A.16 B．14 C．12 D．11 答案：C 解析：設(shè)從左到右第1小組的頻率為x，則由題意可得x＋2x＋3x＋(0.013＋0.037)5＝1， ∴x＝0.125，∴第2小組的人數(shù)為0.125248＝12(人)． 4.(xx內(nèi)蒙古呼和浩特模擬)變量x，y滿足約束條件時(shí)，x－2y＋m≤0恒成立，則實(shí)數(shù)m的取值范圍為(　　) A．[0，＋∞) B．[1，＋∞) C．(－∞，3] D．(－∞，0] 答案：D 解析：由題意作出可行域，如圖陰影部分所示，不等式x－2y＋m≤0表示直線x－2y＋m＝0及其上方的部分． 由 解得 所以4－22＋m≤0，解得m≤0.故選D. 5．(xx湖北七市聯(lián)考)已知函數(shù)f(x)＝Asin(ωx＋φ)(A＞0，ω＞0，－π＜φ＜π)的部分圖象如圖所示，為了得到g(x)＝sin 2x的圖象，只需將f(x)的圖象(　　) A.向左平移個(gè)單位長度 B．向左平移個(gè)單位長度 C．向右平移個(gè)單位長度 D．向右平移個(gè)單位長度 答案：B 解析：由圖象，得A＝，周期T＝2＝π，則ω＝＝2；又函數(shù)f(x)的圖象過點(diǎn)，得sin＝0，則φ＝－，得f(x)＝sin＝sin 2，即把f(x)的圖象向左平移個(gè)單位長度得g(x)的圖象．故選B. 6．(xx江西南昌一模)已知過定點(diǎn)P(2,0)的直線l與曲線y＝相交于A，B兩點(diǎn)，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，當(dāng)△AOB的面積取到最大值時(shí)，直線l的傾斜角為(　　) A．150 B. 135 C．120 D．不存在 答案：A 解析：解法一：設(shè)OD＝a，AD＝b，如圖所示，S△AOB＝ab≤＝1，當(dāng)且僅當(dāng)a＝b＝1時(shí)等號成立，又∵OP＝2，∴∠DOP＝30.∴直線l的傾斜角為150. 解法二：由題意可知，本題為過點(diǎn)P的直線與半圓x2＋y2＝2相交問題． S△ABO＝|OB||OA|sin∠AOB，sin∠AOB最大時(shí)，S△ABO有最大值，∠AOB＝90，|AB|＝＝2，由△AOB為等腰直角三角形，所以點(diǎn)O到AB的距離為1. 設(shè)直線l斜率為k，則直線l的方程為y＝k，d＝＝1， 因?yàn)閗<0，所以k＝－，∴直線l的傾斜角為150. 解法三：曲線y＝，即x2＋y2＝2，表示以原點(diǎn)為圓心，半徑為的上半圓．設(shè)直線l的斜率為k，則直線l的方程為y＝k，即kx－y－2k＝0.令原點(diǎn)O到直線l的距離d＝＝，可得直線與曲線相切時(shí)斜率k＝－1，數(shù)形結(jié)合知－10恒成立，即2>0，有k≠1. 所以y1yP＝. 因?yàn)閥P＝2，所以y1＝. 代入直線方程可得x1＝. 同理可得x2＝，y2＝. kAB＝＝＝－1. 不妨設(shè)lAB：y＝－x＋b. 因?yàn)橹本€AB與圓C相切，所以＝， 解得b＝3或1， 當(dāng)b＝3時(shí)， 直線AB過點(diǎn)P，舍去． 當(dāng)b＝1時(shí)， 由?x2－6x＋1＝0， Δ＝32，|AB|＝＝8. P到直線AB的距離為d＝，△PAB的面積為4. 12．(xx東北四市聯(lián)考已知函數(shù)f(x)＝x3－ax2，常數(shù)a∈R. (1)若a＝1，過點(diǎn)(1,0)作曲線y＝f(x)的切線l，求l的方程； (2)若曲線y＝f(x)與直線y＝x－1只有一個(gè)交點(diǎn)，求實(shí)數(shù)a的取值范圍. 解：函數(shù)求導(dǎo)得f′(x)＝3x2－2ax. (1)當(dāng)a＝1時(shí)，有f′(x)＝3x2－2x. 設(shè)切點(diǎn)P為(x0，y0)，則k＝f′(x0)＝3x－2x0， 則P處的切線方程為y＝(3x－2x0)(x－x0)＋x－x. 該直線經(jīng)過點(diǎn)(1,0)， 所以有0＝(3x－2x0)(1－x0)＋x－x， 化簡得x－2x＋x0＝0， 解得x0＝0或x0＝1， 所以切線方程為y＝0和y＝x－1.　 (2)解法一：由題意得方程x3－ax2－x＋1＝0只有一個(gè)根， 設(shè)g(x)＝x3－ax2＋x＋1，則g′(x)＝3x2－2ax－1， 因?yàn)棣ぃ?a2＋12＞0， 所以g′(x)有兩個(gè)零點(diǎn)x1，x2，即3x－2axi－1＝0(i＝1,2)， 且x1x2＜0，a＝， 不妨設(shè)x1＜0＜x2，所以g(x)在(－∞，x1)，(x2，＋∞)單調(diào)遞增，在(x1，x2)單調(diào)遞減， g(x1)為極大值，g(x2)為極小值， 方程x3－ax2－x＋1＝0只有一個(gè)根等價(jià)于g(x1)＞0且g(x2)＞0，或者g(x1)＜0且g(x2)＜0， 又g(xi)＝x－ax－xi＋1＝x－x－xi＋1＝－x－＋1(i＝1,2)， 設(shè)h(x)＝－x3－＋1，所以h′(x)＝－x2－＜0，所以h(x)為減函數(shù)， 又h(1)＝0，所以x＜1時(shí)h(x)＞0，x＞1時(shí)h(x)＜0， 所以xi(i＝1,2)大于1或小于1，由x1＜0＜x2知，xi(i＝1,2)只能小于1， 所以由二次函數(shù)g′(x)＝3x2－2ax－1性質(zhì)可得g′(1)＝3－2a－1＞0，所以a＜1. 解法二：曲線y＝f(x)與直線y＝x－1只有一個(gè)交點(diǎn)， 等價(jià)于關(guān)于x的方程ax2＝x3－x＋1只有一個(gè)實(shí)根． 顯然x≠0，所以方程a＝x－＋只有一個(gè)實(shí)根． 設(shè)函數(shù)g(x)＝x－＋， 則g′(x)＝1＋－＝. 設(shè)h(x)＝x3＋x－2，h′(x)＝3x2＋1＞0，h(x)為增函數(shù)，又h(1)＝0. 所以當(dāng)x＜0時(shí)，g′(x)＞0，g(x)為增函數(shù)； 當(dāng)0＜x＜1時(shí)，g′(x)＜0，g(x)為減函數(shù)； 當(dāng)x＞1時(shí)，g′(x)＞0，g(x)為增函數(shù)； 所以g(x)在x＝1時(shí)取極小值1. 又當(dāng)x趨向于0時(shí)，g(x)趨向于正無窮； 又當(dāng)x趨向于負(fù)無窮時(shí)，g(x)趨向于負(fù)無窮； 又當(dāng)x趨向于正無窮時(shí)，g(x)趨向于正無窮． 所以g(x)圖象大致如圖所示， 所以方程a＝x－＋只有一個(gè)實(shí)根時(shí)，實(shí)數(shù)a的取值范圍為(－∞，1).