2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 特色專題訓(xùn)練 電學(xué)選擇題巧練（二）.doc

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2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 特色專題訓(xùn)練 電學(xué)選擇題巧練（二） 一、單項選擇題 1.如圖所示，電路中的A、B是兩個完全相同的燈泡，L是一個自感系數(shù)很大、電阻可忽略的自感線圈，C是電容很大的電容器．當(dāng)開關(guān)S斷開與閉合時，A、B燈泡發(fā)光情況是(　　) A．S剛閉合后，A燈亮一下又逐漸變暗，B燈逐漸變亮 B．S剛閉合后，B燈亮一下又逐漸變暗，A燈逐漸變亮 C．S閉合足夠長時間后，A燈泡和B燈泡一樣亮 D．S閉合足夠長時間后再斷開，B燈立即熄滅，A燈逐漸熄滅 2.如圖所示電路中，R為一滑動變阻器，P為滑片，若將滑片向下滑動，則在滑動過程中，下列判斷錯誤的是(　　) A．電源內(nèi)電路消耗功率一定逐漸增大 B．燈泡L2一定逐漸變暗 C．電源效率一定逐漸減小 D．R上消耗功率一定逐漸變小 3．如圖，平行板電容器兩極板M、N相距d，兩極板分別與電壓為U的恒定電源兩極連接，極板M帶正電．現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴在極板中央處于靜止?fàn)顟B(tài)，且此時極板帶電荷量與油滴帶電荷量的比值為k，則(　　) A．油滴帶正電 B．油滴帶電荷量為 C．電容器的電容為 D．將極板N向下緩慢移動一小段距離，油滴將向上運動 4.如圖所示，一個光滑環(huán)狀絕緣圓管軌道平放于水平桌面上固定，管內(nèi)有一質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的小球(可視為質(zhì)點)，沿著管道有逆時針方向的電場，場強大小均為E，圓管內(nèi)徑可忽略，半徑為R，將小球自圖中A點由靜止釋放，經(jīng)時間t小球第一次回到A點，其動能為Ek1，再經(jīng)過時間t小球的動能為Ek2，則Ek1∶Ek2為(　　) A．1∶1　　　　　　　　 B．1∶2 C．1∶3 D．1∶4 二、不定項選擇題 5.兩個質(zhì)量相同，所帶電荷量相等的帶電粒子a、b，以不同的速率對準(zhǔn)圓心O沿著AO方向射入垂直紙面向里的圓形勻強磁場區(qū)域，其運動軌跡如圖，不計粒子的重力，則下列說法正確的是(　　) A．a(chǎn)粒子帶正電，b粒子帶負(fù)電 B．b粒子動能較大 C．a(chǎn)粒子在磁場中所受洛倫茲力較大 D．a(chǎn)粒子在磁場中運動時間較長 6．(xx浙江六校聯(lián)考)如圖所示，一個電荷量為－Q的點電荷甲固定在粗糙絕緣水平面上O點，另一個電荷量為＋q、質(zhì)量為m的點電荷乙，從A點以初速度v0沿它們的連線向甲運動，到B點時速度減小到最小值v，已知點電荷乙與水平面的動摩擦因數(shù)為μ，A、B間距離為L0，靜電力常量為k，則下列說法中正確的是(　　) A．O、B間的距離為 B．在點電荷甲產(chǎn)生的電場中，B點的場強大小為 C．點電荷乙在A點的電勢能小于在B點的電勢能 D．在點電荷甲產(chǎn)生的電場中，A、B間的電勢差UAB＝ 7.如圖所示為一種質(zhì)譜儀示意圖，由加速電場、靜電分析器和磁分析器組成．若靜電分析器通道中心線的半徑為R，通道內(nèi)均勻輻射電場，在中心線處的電場強度大小為E，磁分析器為范圍足夠大的有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向外．一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子從靜止開始經(jīng)加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，由P點垂直邊界進入磁分析器，最終打到膠片上的Q點．不計粒子重力．下列說法正確的是(　　) A．極板M比極板N電勢高 B．加速電場的電壓U＝ER C．直徑PQ＝2B D．若一群粒子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點，則該群粒子具有相同的比荷 電學(xué)選擇題巧練(二) 1．解析：選A.S剛閉合后，線圈L中的電流逐漸增大，A燈立刻變亮，隨著線圈L中電流的增大，A燈被短路，A燈逐漸變暗直到熄滅；S剛閉合后，先給電容器充電，B燈逐漸變亮；S斷開后，電容器放電，B燈逐漸熄滅；綜上所述，選項A正確． 2．解析：選D.滑動變阻器滑片P向下滑動，R↓→R并↓→R外↓，由閉合電路歐姆定律I＝推得I↑，由電源內(nèi)電路消耗功率P內(nèi)＝I2r可得P內(nèi)↑，A正確．U外↓＝E－I↑r，U1↑＝(I↑－IL1↓)R1，UL2↓＝U外↓－U1↑，PL2↓＝，故燈泡L2變暗，B正確．電源效率η↓＝＝＝，故C正確．R上消耗的功率PR＝，PR增大還是減小不確定，故D錯誤． 3．解析：選C.帶電油滴靜止在兩板間，重力與電場力等大、反向，電場力方向豎直向上，而電容器上極板與電源正極相連為正極板，兩板間電場方向豎直向下，綜上可知，帶電油滴帶負(fù)電，A項錯；由場強與電勢差關(guān)系可知，mg＝Eq＝q解得：q＝，B項錯；由題意知，電容器帶電量Q＝kq＝，由電容的定義式知，C＝＝，C項對；電容器與電源保持連接，兩板間電勢差不變，N板向下移動，板間距離變大，F(xiàn)電＝q，油滴所受電場力減小，油滴向下運動，D項錯． 4．解析：選D.根據(jù)題意，小球受到沿軌跡切線方向的電場力大小始終為qE，設(shè)小球沿軌跡切線方向的加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律有qE＝ma，小球第一個時間t內(nèi)的路程為x1＝at2，由動能定理有qEx1＝Ek1－0，小球在前2t時間內(nèi)的路程為x2＝a(2t)2，由動能定理有qEx2＝Ek2－0，聯(lián)立解得Ek1∶Ek2＝1∶4，選項D正確． 5．解析：選BD.由左手定則可知，a粒子帶負(fù)電、b粒子帶正電，A項錯；帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由軌跡可以判斷，a粒子軌跡半徑小于b粒子軌跡半徑，由半徑公式R＝可知，a粒子速度較小，而兩粒子質(zhì)量相等，故b粒子動能較大，B項對；由洛倫茲力F洛＝qvB可知，b粒子受洛倫茲力較大，C項錯；由周期公式T＝可知，兩粒子在磁場中運動周期相同，粒子在磁場中運動時間t＝T，由于粒子軌跡所對圓心角θ等于其偏向角，故a粒子的軌跡所對圓心角較大，故a粒子在磁場中運動時間較長，D項對． 6．解析：選AB.因在B點速度最小，有F庫＝＝μmg，解得r＝ ，故A正確．由點電荷場強公式可得B點場強大小E＝k＝，故B正確．兩帶電體之間是吸引力，則電場力對乙做正功，所以其電勢能減小，故C錯誤．乙電荷從A運動到B的過程中，據(jù)動能定理有W－μmgL0＝mv2－mv，在此過程中電場力對點電荷乙做的功為W＝qUAB，解得UAB＝，故D錯誤． 7．解析：選AD.帶電粒子要打到膠片Q點上，根據(jù)磁場方向和左手定則可知帶電粒子需帶正電，在加速電場能夠得到加速，則極板M比極板N電勢高，A正確；在靜電分析器中帶電粒子做勻速圓周運動，電場力提供向心力，即qE＝m，再根據(jù)Uq＝mv2，可知U＝ER，B錯誤；帶電粒子垂直進入磁分析器，直徑PQ＝2＝，C錯誤；若一群粒子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點，即半徑相同，根據(jù)qvB＝m和Uq＝mv2可知，r＝ ，即這群粒子的比荷相同，D正確．