2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 備課資料 專(zhuān)題五 電場(chǎng)和磁場(chǎng) 第2講 磁場(chǎng)及帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題限時(shí)檢測(cè).doc

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2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 備課資料 專(zhuān)題五 電場(chǎng)和磁場(chǎng) 第2講 磁場(chǎng)及帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題限時(shí)檢測(cè) 一、選擇題(本大題共8小題,每小題8分,共64分,第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求,第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求) 1.(xx四川自貢模擬)如圖所示,兩豎直平行板間同時(shí)存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E、方向水平向左,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向與電場(chǎng)垂直且水平向里.一帶電液滴以豎直向下的初速度v0=進(jìn)入電、磁場(chǎng)區(qū)域,最終能飛出該區(qū)域.則液滴在電、磁場(chǎng)中(　D　) A.做勻速直線運(yùn)動(dòng) B.做勻變速曲線運(yùn)動(dòng) C.運(yùn)動(dòng)速度逐漸減小 D.機(jī)械能逐漸減小 解析:帶電液滴進(jìn)入場(chǎng)中時(shí),由題意可知,電場(chǎng)力等于洛倫茲力,所以重力使其加速運(yùn)動(dòng),從而洛倫茲力的大小增大,方向隨速度方向的變化而變化,所以帶電液滴將向右做變速曲線運(yùn)動(dòng),故A,B均錯(cuò)誤;由題意可知,帶電液滴向右偏離并射出復(fù)合場(chǎng),則運(yùn)動(dòng)速度逐漸增大,故C錯(cuò)誤;由上分析可知,電場(chǎng)力做負(fù)功,電勢(shì)能增加,則機(jī)械能減小,故D正確. 2.(xx湖北宜昌一模)如圖所示,在x軸下方的第Ⅲ,Ⅳ象限中,存在垂直于xOy平面方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度B1=2B2=2B,帶電粒子a,b分別從x軸上的P,Q兩點(diǎn)(圖中沒(méi)有標(biāo)出)以垂直于x軸方向的速度同時(shí)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1,B2中,兩粒子恰在第一次通過(guò)y軸時(shí)發(fā)生正碰,碰撞前帶電粒子a的速度方向與y軸正方向成60角,若兩帶電粒子的比荷分別為k1,k2,進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小分別為v1,v2,不計(jì)粒子重力和兩粒子間相互作用,則下列關(guān)系正確的是(　C　) A.k1=2k2 B.2k1=k2 C.v1=2v2 D.2v1=v2 解析:兩粒子在y軸上發(fā)生正碰時(shí)粒子a的速度與y軸正方向成60角,則粒子b速度與y軸負(fù)方向成60角,軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角分別為120和60,如圖所示.兩粒子同時(shí)進(jìn)入磁場(chǎng)并相撞,則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等,即t1=t2,而t1==,t2==,將B1=2B2=2B代入得k1=k2;由于兩粒子正碰則軌道半徑相等,而R1=,R2=,解得v1=2v2. 3.(xx山西模擬)質(zhì)譜儀是一種測(cè)定帶電粒子質(zhì)量和分析同位素的重要工具.圖中的鉛盒A中的放射源放出大量的帶正電粒子(可認(rèn)為初速度為零),從狹縫S1進(jìn)入電壓為U的加速電場(chǎng)區(qū)加速后,再通過(guò)狹縫S2從小孔G垂直于MN以v射入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng),該偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)是以直線MN為切線、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直于紙面向外半徑為R的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng).現(xiàn)在MN上的F點(diǎn)(圖中未畫(huà)出)接收到該粒子,且GF=R.則該粒子的比荷為(粒子的重力忽略不計(jì))(　C　) A. B. C. D. 解析:帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖,設(shè)粒子加速后獲得的速度為v,由動(dòng)能定理有,qU=mv2,根據(jù)幾何關(guān)系知,粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r=R,又qvB=,則=,故C正確. 4.(xx廣東模擬)如圖所示,在直角坐標(biāo)系xOy中,x軸上方有勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B,磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外.許多質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子,以相同的速率v沿紙面內(nèi),由x軸負(fù)方向與y軸正方向之間各個(gè)方向從原點(diǎn)O射入磁場(chǎng)區(qū)域.不計(jì)重力及粒子間的相互作用.下列圖中陰影部分表示帶電粒子在磁場(chǎng)中可能經(jīng)過(guò)的區(qū)域,其中R=,正確的圖是(　D　) 解析:粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),以x軸為邊界的磁場(chǎng),粒子從x軸進(jìn)入磁場(chǎng)后再離開(kāi),速度v與x軸的夾角相同,根據(jù)左手定則和R=,知沿x軸負(fù)方向的粒子剛好進(jìn)入磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)一個(gè)圓周,沿y軸進(jìn)入的粒子剛好轉(zhuǎn)動(dòng)半個(gè)周期,如圖所示,在兩圖形的相交部分是粒子不能經(jīng)過(guò)的地方,故D正確. 5.(xx內(nèi)蒙古包頭一模)如圖所示,在圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),ab是圓的直徑.一帶電粒子從a點(diǎn)射入磁場(chǎng),速度大小為v、方向與ab成30角時(shí),恰好從b點(diǎn)飛出磁場(chǎng),且粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t;若同一帶電粒子從a點(diǎn)沿ab方向射入磁場(chǎng),也經(jīng)時(shí)間t飛出磁場(chǎng),則其速度大小為(　C　) A.v B.v C.v D.v 解析:設(shè)圓形區(qū)域的半徑為R.帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),由洛倫茲力提供向心力,則有qvB=,得r=.當(dāng)粒子從b點(diǎn)飛出磁場(chǎng)時(shí),入射速度與出射速度與ab的夾角相等,所以速度的偏轉(zhuǎn)角為60,軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為60.根據(jù)幾何知識(shí)得,軌跡半徑為r1=2R;當(dāng)粒子從a點(diǎn)沿ab方向射入磁場(chǎng)時(shí),經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間也是t,說(shuō)明軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角與第一種情況相等,也是60.根據(jù)幾何知識(shí)得,粒子的軌跡半徑為r2=R;由r=可得,==,即v′=v,故C正確. 6.(xx江蘇泰州三模)為測(cè)量化工廠的污水排放量,技術(shù)人員在排污管末端安裝了流量計(jì)(流量Q為單位時(shí)間內(nèi)流過(guò)某截面流體的體積)如圖所示,長(zhǎng)方體絕緣管道的長(zhǎng)、寬、高分別為a,b,c,左右兩端開(kāi)口,所在空間有垂直于前后、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng),在上、下兩個(gè)面的內(nèi)側(cè)固定有金屬板M,N,污水充滿(mǎn)管道從左向右勻速流動(dòng),測(cè)得M,N間電壓為U,污水流過(guò)管道時(shí)受到的阻力大小為f=kLv2,k是比例系數(shù),L為污水沿流速方向的長(zhǎng)度,v為污水的流速,則(　CD　) A.污水的流量Q= B.金屬板M的電勢(shì)不一定高于金屬板N的電勢(shì) C.電壓U與污水中離子濃度無(wú)關(guān) D.左、右兩側(cè)管道的壓強(qiáng)差Δp= 解析:根據(jù)qvB=q得v=,則有Q=vS=vbc=bc=,故A錯(cuò)誤.根據(jù)左手定則,正離子向上表面偏轉(zhuǎn),負(fù)離子向下表面偏轉(zhuǎn),知上表面的電勢(shì)一定高于下表面的電勢(shì),即金屬板M的電勢(shì)一定高于金屬板N的電勢(shì),故B錯(cuò)誤.最終離子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下平衡,有qvB=q,解得U=vBc,電壓U與離子濃度無(wú)關(guān),故C正確.根據(jù)平衡條件,則有Δpbc= f=kLv2=kav2,而v=,解得Δp=,故D正確. 7.(xx河北張家口模擬)如圖所示,AOB為一邊界為圓的勻強(qiáng)磁場(chǎng),O點(diǎn)為圓心,D點(diǎn)為邊界OB的中點(diǎn),C點(diǎn)為邊界上一點(diǎn),且CD∥AO.現(xiàn)有兩個(gè)帶正電粒子1,2,它們的比荷之比為1∶2,射入磁場(chǎng)的速率之比為1∶2,其中粒子1從A點(diǎn)正對(duì)圓心射入,恰從B點(diǎn)射出,粒子2從C點(diǎn)沿CD射入,從某點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng),不計(jì)重力及粒子間的相互作用,則(　CD　) A.粒子2必在B,C之間(不含B,C)某點(diǎn)射出磁場(chǎng) B.粒子2必在D,B之間(不含D,B)某點(diǎn)射出磁場(chǎng) C.粒子1與粒子2在磁場(chǎng)中的運(yùn)行時(shí)間之比為3∶1 D.粒子1與粒子2的速度偏轉(zhuǎn)角度之比為3∶2 解析:粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得qvB=,解得r=,由題意可知,兩粒子的比荷之比為1∶2,射入磁場(chǎng)的速率之比為1∶2,則它們的軌道半徑相等,即r1=r2,粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,粒子1從A點(diǎn)正對(duì)圓心射入,恰從B點(diǎn)射出,粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角為90,粒子軌道半徑等于BO,粒子2從C點(diǎn)沿CD射入其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,設(shè)對(duì)應(yīng)的圓心為O1,運(yùn)動(dòng)軌道半徑等于BO,連接O1C,O1B,O1COB是平行四邊形,O1B=CO,則粒子2一定從B點(diǎn)射出磁場(chǎng),故A,B錯(cuò)誤;粒子1的速度偏角等于在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角θ1=90,連接PB,可知P為O1C的中點(diǎn),由數(shù)學(xué)知識(shí)可知,粒子2在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角θ2=∠BO1P=60,兩粒子的速度偏角不同,粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期T=,由于兩粒子的比荷之比為1∶2,則=,粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=T,它們?cè)诖艌?chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比== =,粒子1與粒子2的速度偏轉(zhuǎn)角度之比==,故C,D正確. 8.(xx河南一模)如圖所示,半徑為R的光滑半圓弧絕緣軌道固定在豎直面內(nèi),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于軌道平面向里.一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的小球由軌道左端A無(wú)初速度滑下,當(dāng)小球滑至軌道最低點(diǎn)C時(shí),給小球再施加一始終水平向右的外力F,使小球能以保持不變的速率滑過(guò)軌道右側(cè)的D點(diǎn).若小球始終與軌道接觸,重力加速度值為g,則下列判斷正確的是(　AD　) A.小球在C點(diǎn)受到的洛倫茲力大小為qB B.小球在C點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小為3mg+qB C.小球從C到D的過(guò)程中,外力F的大小保持不變 D.小球從C到D的過(guò)程中,外力F的功率逐漸增大 解析:從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中只有重力做功,根據(jù)動(dòng)能定理得, mgR=mv2,解得v=,故小球在C點(diǎn)受到的洛倫茲力大小為F洛=qBv= qB,故A正確;由左手定則可知,小球向右運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)若受到的洛倫茲力的方向向上,則有N+qvB-mg=,解得N=3mg-qvB=3mg- qB,故B錯(cuò)誤;小球從C到D的過(guò)程中,受力分析得,mgsin θ=Fcos θ,速度方向與水平方向夾角θ變大,重力沿切線方向的分力增大,所以水平外力F的大小增大,故C錯(cuò)誤;小球從C到D的過(guò)程中小球的速率不變,而洛倫茲力和支持力不做功,所以拉力F的功率與重力的功率大小相等、方向相反.由運(yùn)動(dòng)的合成與分解可知,小球從C向D運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,豎直方向的分速度越來(lái)越大,所以重力的功率增大,外力F的功率也增大,故D正確. 二、非選擇題(本大題共2小題,共36分) 9.(16分)(xx江蘇南通模擬)在平面直角坐標(biāo)系xOy中,第Ⅰ象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng),第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng),經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成45角射入磁場(chǎng),最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出磁場(chǎng),如圖所示.不計(jì)粒子重力,求: (1)M,N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN; (2)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r; (3)粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的總時(shí)間t. 解析:(1)設(shè)粒子過(guò)N點(diǎn)的速度為v,有=cos θ,v=v0, 粒子從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過(guò)程,有qUMN=mv2-m, 解得UMN=. (2)設(shè)粒子以O(shè)′圓心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r,由牛頓第二定律得,qvB=, 解得r=. (3)由幾何關(guān)系得,ON=rsin θ,設(shè)在電場(chǎng)中時(shí)間為t1,有ON=v0t1,t1=, 由r=,T=得,粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=,設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2, 有t2=T=,t=t1+t2, 解得t=. 答案:(1)　(2)　(3) 10.(20分)(xx湖南邵陽(yáng)模擬)如圖(甲)所示,在xOy平面內(nèi)存在磁場(chǎng)和電場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度和電場(chǎng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間周期性變化,B的變化周期為4t0,E的變化周期為2t0,變化規(guī)律分別如圖(乙)和圖(丙)所示.在t=0時(shí)刻從O點(diǎn)發(fā)射一帶負(fù)電的粒子(不計(jì)重力),初速度大小為v0,方向沿y軸正方向.在x軸上有一點(diǎn)A(圖中未標(biāo)出),坐標(biāo)為(,0).若規(guī)定垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向,y軸正方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的正方向,v0,t0,B0為已知量,磁感應(yīng)強(qiáng)度與電場(chǎng)強(qiáng)度的大小滿(mǎn)足:=;粒子的比荷滿(mǎn)足=.求: (1)在t=時(shí),粒子的位置坐標(biāo); (2)粒子偏離x軸的最大距離; (3)粒子運(yùn)動(dòng)至A點(diǎn)的時(shí)間. 解析:(1)在0～t0時(shí)間內(nèi),粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng), 根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得,qB0v0=mr1=m, 解得,T==2t0,r1== 在時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角α=,粒子的位置坐標(biāo)為(,). (2)在t0～2t0時(shí)間內(nèi),粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后的速度為v,粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示 末速度v=v0+t0=2v0 運(yùn)動(dòng)的位移x=t0=1.5v0t0 在2t0～3t0時(shí)間內(nèi)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑 r2=2r1= 故粒子偏離x軸的最大距離h=x+r2=1.5v0t0+. (3)粒子在xOy平面內(nèi)做周期性運(yùn)動(dòng)的周期為4t0,一個(gè)周期內(nèi)向右運(yùn)動(dòng)的距離d=2r1+2r2= AO間的距離為=8d, 所以,粒子運(yùn)動(dòng)至A點(diǎn)的時(shí)間為t=32t0. 答案:(1)(,)　(2)1.5v0t0+　(3)32t0