（通用版）2020版高考物理大一輪復習 滾動測試卷三（第一-九章） 新人教版.docx
《（通用版）2020版高考物理大一輪復習 滾動測試卷三（第一-九章） 新人教版.docx》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（通用版）2020版高考物理大一輪復習 滾動測試卷三（第一-九章） 新人教版.docx（11頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
滾動測試卷三(第一~九章) (時間:60分鐘 滿分:100分) 一、選擇題(本題共8小題,每小題6分,共48分。在每小題給出的四個選項中,第1~5題只有一項符合題目要求,第6~8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分) 1.如圖所示,小車在恒力F作用下沿水平地面向右運動,其內(nèi)底面左壁有一物塊,物塊與小車右壁之間有一壓縮的輕彈簧,小車內(nèi)底面光滑。當小車由左側光滑地面進入到右側粗糙地面時,物塊一直與左壁保持接觸,則車左壁受物塊的壓力FN1和車右壁受彈簧的壓力FN2的大小變化是( ) A.FN1變大,FN2不變 B.FN1不變,FN2變大 C.FN1和FN2都變小 D.FN1變小,FN2不變 答案D 解析因為物塊相對于小車靜止不動,故彈簧長度不變,FN2不變;又因小車受地面向左的摩擦力,則小車和物塊的加速度向右減小或向左,故車左壁受物塊的壓力FN1變小,正確的選項為D。 2.嫦娥三號奔月過程中某階段的運動示意圖如圖所示,嫦娥三號沿橢圓軌道Ⅰ運動到近月點P處變軌進入圓軌道Ⅱ,在圓軌道Ⅱ做圓周運動的軌道半徑為r,周期為T,已知引力常量為G,則下列說法正確的是( ) A.由題中(含圖中)信息可求得月球的質(zhì)量 B.由題中(含圖中)信息可求得月球第一宇宙速度 C.嫦娥三號在P處變軌時必須點火加速 D.嫦娥三號沿橢圓軌道Ⅰ運動到P處時的加速度大于沿圓軌道Ⅱ運動到P處時的加速度 答案A 解析由萬有引力提供向心力得GMmr2=m4π2T2r,則M=4π2r3GT2,即根據(jù)軌道半徑為r,周期為T,引力常量為G,可以計算出月球的質(zhì)量,故A項正確;萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r,得v=GMr,由于不知道月球半徑,所以不能計算月球第一宇宙速度,故B項錯誤;嫦娥三號只有在P處減速,做近心運動,才能進入圓軌道,故C項錯誤;嫦娥三號沿橢圓軌道Ⅰ運動到P處時和沿圓軌道Ⅱ運動到P處時,所受萬有引力大小相等,所以加速度大小也相等,故D項錯誤。 3. 如圖所示,在x軸上關于O點對稱的F、G兩點有等量異種電荷Q和-Q,一正方形ABCD與xOy在同一平面內(nèi),其中心在O點,則下列判斷正確的是( ) A.O點電場強度為零 B.A、C兩點電場強度大小相等 C.B、D兩點電勢相等 D.若將點電荷-q從A點移向C點,電勢能減少 答案B 解析由等量異種電荷的電場分布可知,O點電場強度不為零,選項A錯誤;由對稱可知,A、C兩點電場強度大小相等,選項B正確;D點電勢高于B點電勢,選項C錯誤;由于A點電勢高于C點電勢,故若將點電荷-q從A點移向C點,電場力做負功,電勢能增加,選項D錯誤。 4. 如圖所示,四個電表均為理想電表,當滑動變阻器滑片P向左端移動時,下面說法正確的是( ) A.電壓表V1的讀數(shù)減小,電流表A1的讀數(shù)增大 B.電壓表V1的讀數(shù)增大,電流表A1的讀數(shù)減小 C.電壓表V2的讀數(shù)減小,電流表A2的讀數(shù)減小 D.電壓表V2的讀數(shù)增大,電流表A2的讀數(shù)減小 答案B 解析當滑片P向左移動時,連入電路的電阻增大,使得整個電路的總電阻增大,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知,干路電流I減小,即電流表A1的讀數(shù)減小;又電壓表V1的讀數(shù)U1=E-I(R1+r)增大,選項A錯誤,B正確;電流表A2的讀數(shù)I2=U1R3增大,通過電阻R2支路的電流I1=I-I2,因I減小,I2增大,所以I1減小,電壓表V2的讀數(shù)U2=I1R2減小,選項C、D錯誤。 5.一質(zhì)量為2 kg的物體受水平拉力F作用,在粗糙水平面上做加速直線運動時的a-t圖像如圖所示,t=0時其速度大小為2 m/s,滑動摩擦力大小恒為2 N,則( ) A.在t=6 s的時刻,物體的速度為18 m/s B.在0~6 s時間內(nèi),合力對物體做的功為400 J C.在0~6 s時間內(nèi),拉力對物體的沖量為36 Ns D.在t=6 s的時刻,拉力F的功率為200 W 答案D 解析類比速度—時間圖像中位移的表示方法可知,速度變化量在加速度—時間圖像中由圖線與坐標軸所圍面積表示,在0~6s內(nèi)Δv=18m/s,v0=2m/s,則t=6s時的速度v=20m/s,A項錯;由動能定理可知,0~6s內(nèi),合力做的功為W=12mv2-12mv02=396J,B項錯;由動量定理可知,IF-Fft=mv-mv0,代入已知條件解得IF=48Ns,C項錯;由牛頓第二定律可知,6s末F-Ff=ma,解得F=10N,所以拉力的功率P=Fv=200W,D項對。 6.(2018西安模擬)某一空間存在著磁感應強度為B且大小不變、方向隨時間t做周期性變化的勻強磁場(如圖甲所示),規(guī)定垂直紙面向里的磁場方向為正。為使靜止于該磁場中的帶正電的粒子能按a→b→c→d→e→f的順序做橫“∞”字曲線運動(即如圖乙所示的軌跡),下列辦法可行的是(粒子只受磁場力的作用,其他力不計)( ) A.若粒子的初始位置在a處,在t=38T時給粒子一個沿切線方向水平向右的初速度 B.若粒子的初始位置在f處,在t=T2時給粒子一個沿切線方向豎直向下的初速度 C.若粒子的初始位置在e處,在t=118T時給粒子一個沿切線方向水平向左的初速度 D.若粒子的初始位置在b處,在t=T2時給粒子一個沿切線方向豎直向上的初速度 答案AD 解析要使粒子的運動軌跡如題圖所示,由左手定則知粒子做圓周運動的周期應為T0=T2,若粒子的初始位置在a處時,對應時刻應為t=34T0=38T,選項A正確;同理可判斷選項D正確。 7. 如圖所示,在虛線MN的上方存在方向垂直紙面向里的勻強磁場,質(zhì)子和α粒子從MN上的O點以相同的速度v0(v0在紙面內(nèi)且與MN的夾角為θ,θ<90)同時射入勻強磁場中,再分別從MN上A、B兩點離開磁場,A、B距離為d。已知質(zhì)子的質(zhì)量為m,電荷量為e。忽略重力及質(zhì)子和α粒子間的相互作用。下列說法正確的是 ( ) A.磁感應強度的大小為B=2mv0desin θ B.磁感應強度的大小為B=2mv0de C.兩粒子到達A、B兩點的時間差Δt=(π-θ)dv0sinθ D.兩粒子到達A、B兩點的時間差Δt=θdv0sinθ 答案AC 解析兩粒子在磁場中做勻速圓周運動,軌跡如圖所示。設磁感應強度為B,α粒子與質(zhì)子的軌道半徑分別為rα與rp,則eBv0=mv02rp,2eBv0=4mv02rα,又由題意知2rαsinθ-2rpsinθ=d,可得B=2mv0desinθ,選項A正確,B錯誤;因為Δt=2π-2θ2π2πrαv0-2πrpv0,解得Δt=(π-θ)dv0sinθ,選項C正確,D錯誤。 8.(2018湖北名校聯(lián)考)如圖所示,光滑水平面上有一質(zhì)量為2m、半徑為R(R足夠大)的14圓弧曲面C,質(zhì)量為m的小球B置于其底端,另一個小球A質(zhì)量為m2,小球A以v0=6 m/s的速度向B運動,并與B發(fā)生彈性碰撞,不計一切摩擦,小球均視為質(zhì)點,則( ) A.B的最大速率為4 m/s B.B運動到最高點時的速率為34 m/s C.B能與A再次發(fā)生碰撞 D.B不能與A再次發(fā)生碰撞 答案AD 解析A與B發(fā)生彈性碰撞,取水平向右為正方向,根據(jù)動量守恒定律和機械能守恒定律得m2v0=m2vA+mvB,12m2v02=12m2vA2+12mvB2,解得vA=-2m/s,vB=4m/s,故B的最大速率為4m/s,選項A正確;B沖上C并運動到最高點時二者共速,設為v,則mvB=(m+2m)v,得v=43m/s,選項B錯誤;B沖上C然后又滑下的過程,設B、C分離時速度分別為vB、vC,由水平方向動量守恒有mvB=mvB+2mvC,由機械能守恒有12mvB2=12mvB2+122mvC2,聯(lián)立解得vB=-43m/s,由于|vB|<|vA|,所以二者不會再次發(fā)生碰撞,選項C錯誤,選項D正確。 二、實驗題(本題共2小題,共20分) 9.(8分)在驗證機械能守恒定律的實驗中,實驗小組選擇如圖所示紙帶,紙帶上選取連續(xù)的三個點A、B、C,測出A點距起點O的距離為x0,A、B兩點間的距離為x1,B、C兩點間的距離為x2,交變電流的周期為T,實驗時: (1)為了減少空氣阻力對實驗的影響,自由落下的重錘密度要 (選填“大”或“小”)一些。 (2)在驗證機械能守恒定律的實驗中 (選填“需要”或“不需要”)測重錘的質(zhì)量。 (3)打點計時器打出B點時,重錘的速度vB= (用題中所給的字母表示)。 (4)實驗小組在驗證機械能守恒定律的實驗中發(fā)現(xiàn),以O為起點、B為研究終點,計算結果是重錘減少的重力勢能總是大于重錘增加的動能。其原因主要是該實驗中存在阻力作用,因此該組同學想到可以通過該實驗測算平均阻力的大小。已知當?shù)刂亓铀俣戎禐間,重錘的質(zhì)量為m,則該實驗中存在的平均阻力大小Ff= (結果用m、g、vB、x0、x1表示)。 答案(1)大 (2)不需要 (3)x1+x22T (4)mg-mvB22(x0+x1) 解析(1)體積相同,密度越大的重力越大,阻力對加速度的影響就越小,因此重錘密度要大一些。 (2)因為要驗證mgh=12mv2,只需驗證gh=v22即可,不需測重錘的質(zhì)量。 (3)B點速度等于AC段的平均速度,vB=x1+x22T。 (4)根據(jù)動能定理(mg-Ff)(x0+x1)=12mvB2得Ff=mg-mvB22(x0+x1)。 10.(12分)某實驗小組用如圖甲所示的電路來測量定值電阻R0的阻值及電源的電動勢和內(nèi)阻。 甲 乙 (1)根據(jù)圖甲電路,將圖乙所示的實物圖連線補充完整。 (2)實驗時用U1、U2、I分別表示電表V1、V2、A的讀數(shù),定值電阻R0的計算表達式是:R0= (用測得的物理量表示),若實驗中的所有操作和數(shù)據(jù)處理無錯誤,實驗中測得R0的值 (選填“大于”“等于”或“小于”)實際值。 (3)將滑動變阻器的滑片P移動到不同位置時,記錄了U1、U2、I的一系列值。實驗小組在同一坐標上分別作出U1-I、U2-I圖線,則所作的圖線斜率絕對值較小的是 (選填“U1-I”或“U2-I”)圖線。若用該圖線來求電源電動勢E和內(nèi)阻r,且電表V2的內(nèi)阻極大,則引起系統(tǒng)誤差的主要原因是 。 答案(1)如圖所示 (2)U1-U2I 大于 (3)U1-I 電壓表V1分流 解析(2)定值電阻R0兩端電壓為U=U1-U2,由歐姆定律可得定值電阻R0計算表達式為R0=U1-U2I。由于電壓表的分流,定值電阻中的實際電流大于電流表讀數(shù),所以測量值大于真實值。(3)U1-I圖線為電源的伏安特性曲線,其斜率絕對值表示電源內(nèi)阻;U2-I圖線為把定值電阻視為電源內(nèi)阻一部分的等效電源的伏安特性曲線,其斜率絕對值表示電源內(nèi)阻與定值電阻之和;所以所作圖線斜率絕對值較小的是U1-I圖線。若用該圖線來求電源的電動勢和內(nèi)阻,則引起實驗系統(tǒng)誤差的主要原因是電壓表V1分流。 三、計算題(本題共3小題,共32分) 11.(10分)(2018福建二模)汽車碰撞試驗是綜合評價汽車安全性能的有效方法之一。設汽車在碰撞過程中受到的平均撞擊力達到某個臨界值F0時,安全氣囊爆開。某次試驗中,質(zhì)量m1=1 600 kg的試驗車以速度v1=36 km/h正面撞擊固定試驗臺,經(jīng)時間t1=0.10 s碰撞結束,車速減為零,此次碰撞安全氣囊恰好爆開。忽略撞擊過程中地面阻力的影響。 (1)求此過程中試驗車受到試驗臺的沖量I0的大小及F0的大小。 (2)若試驗車以速度v1撞擊正前方另一質(zhì)量m2=1 600 kg、速度v2=18 km/h同向行駛的汽車,經(jīng)時間t2=0.16 s兩車以相同的速度一起滑行。試通過計算分析這種情況下試驗車的安全氣囊是否會爆開。 答案(1)1.6104 Ns 1.6105 N (2)不會爆開 解析(1)v1=36km/h=10m/s,取速度v1的方向為正方向,根據(jù)動量定理有 -I0=0-m1v1, 將已知數(shù)據(jù)代入解得I0=1.6104Ns, 由沖量定義有I0=F0t1, 將已知數(shù)據(jù)代入解得F0=1.6105N。 (2)設試驗車和汽車碰撞后獲得共同速度v, 由動量守恒定律有m1v1+m2v2=(m1+m2)v, 對試驗車,由動量定理有 -Ft2=m1v-m1v1, 將已知數(shù)據(jù)代入解得F=2.5104N, 可見F
- 配套講稿：
如PPT文件的首頁顯示word圖標，表示該PPT已包含配套word講稿。雙擊word圖標可打開word文檔。
- 特殊限制：
部分文檔作品中含有的國旗、國徽等圖片，僅作為作品整體效果示例展示，禁止商用。設計者僅對作品中獨創(chuàng)性部分享有著作權。
- 關 鍵 詞：
- 通用版2020版高考物理大一輪復習 滾動測試卷三第一-九章 新人教版 通用版 2020 高考 物理 一輪 復習 滾動 測試 第一 新人
裝配圖網(wǎng)所有資源均是用戶自行上傳分享，僅供網(wǎng)友學習交流，未經(jīng)上傳用戶書面授權，請勿作他用。
鏈接地址：http://weibangfood.com.cn/p-6415043.html