2022高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用學(xué)業(yè)質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)檢測(cè) 新人教A版選修2-2
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1、2022高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用學(xué)業(yè)質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)檢測(cè) 新人教A版選修2-2 一、選擇題(本大題共12個(gè)小題,每小題5分,共60分,在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的) 1.dx等于( B ) A.-2ln2 B.2ln2 C.-ln2 D.ln2 [解析] 因?yàn)?2lnx)′=, 所以 dx=2lnx|=2ln4-2ln2=2ln2. 2.曲線y=x3-3x2+1在點(diǎn)(1,-1)處的切線方程為( B ) A.y=3x-4 B.y=-3x+2 C.y=-4x+3 D.y=4x-5 [解析] ∵點(diǎn)(1,-1)在曲線上,y′=3x2-6x, ∴
2、y′|x=1=-3,即切線斜率為-3. ∴利用點(diǎn)斜式得,切線方程為y+1=-3(x-1),即y=-3x+2.故選B. 3.(2018·全國(guó)卷Ⅰ文,6)設(shè)函數(shù)f(x)=x3+(a-1)x2+ax.若f(x)為奇函數(shù),則曲線y=f(x)在點(diǎn)(0,0)處的切線方程為( D ) A.y=-2x B.y=-x C.y=2x D.y=x [解析] ∵ f(x)=x3+(a-1)x2+ax, ∴ f′(x)=3x2+2(a-1)x+a. 又f(x)為奇函數(shù), ∴ f(-x)=-f(x)恒成立, 即-x3+(a-1)x2-ax=-x3-(a-1)x2-ax恒成立, ∴ a=1,∴ f′
3、(x)=3x2+1, ∴ f′(0)=1, ∴ 曲線y=f(x)在點(diǎn)(0,0)處的切線方程為y=x. 故選D. 4.(2018·青島高二檢測(cè))下列函數(shù)中,x=0是其極值點(diǎn)的函數(shù)是( B ) A.f(x)=-x3 B.f(x)=-cosx C.f(x)=sinx-x D.f(x)= [解析] 對(duì)于A,f ′(x)=-3x2≤0恒成立,在R上單調(diào)遞減,沒(méi)有極值點(diǎn);對(duì)于B,f ′(x)=sinx,當(dāng)x∈(-π,0)時(shí),f ′(x)<0,當(dāng)x∈(0,π)時(shí),f ′(x)>0,故f(x)=-cosx在x=0的左側(cè)區(qū)間(-π,0)內(nèi)單調(diào)遞減,在其右側(cè)區(qū)間(0,π)內(nèi)單調(diào)遞增,所以x=0是
4、f(x)的一個(gè)極小值點(diǎn);對(duì)于C,f ′(x)=cosx-1≤0恒成立,在R上單調(diào)遞減,沒(méi)有極值點(diǎn);對(duì)于D,f(x)=在x=0沒(méi)有定義,所以x=0不可能成為極值點(diǎn),綜上可知,答案選B. 5.已知函數(shù)f(x)=x3+ax2+3x-9在x=-3時(shí)取得極值,則a=( D ) A.2 B.3 C.4 D.5 [解析] f ′(x)=3x2+2ax+3,由條件知,x=-3是方程f ′(x)=0的實(shí)數(shù)根,∴a=5. 6.(2017·浙江卷)函數(shù)y=f(x)的導(dǎo)函數(shù)y=f′(x)的圖象如圖所示,則函數(shù)y=f(x)的圖象可能是( D ) [解析] 觀察導(dǎo)函數(shù)f′(x)的
5、圖象可知,f′(x)的函數(shù)值從左到右依次為小于0,大于0,小于0,大于0, ∴對(duì)應(yīng)函數(shù)f(x)的增減性從左到右依次為減、增、減、增. 觀察選項(xiàng)可知,排除A,C. 如圖所示,f′(x)有3個(gè)零點(diǎn),從左到右依次設(shè)為x1,x2,x3,且x1,x3是極小值點(diǎn),x2是極大值點(diǎn),且x2>0,故選項(xiàng)D確,故選D. 7.若a>0,b>0,且函數(shù)f(x)=4x3-ax2-2bx+2在x=1處有極值,則ab的最大值等于( D ) A.2 B.3 C.6 D.9 [解析] ∵f ′(x)=12x2-2ax-2b, 又因?yàn)樵趚=1處有極值,∴a+b=6, ∵a>0,b>0
6、,∴ab≤()2=9, 當(dāng)且僅當(dāng)a=b=3時(shí)取等號(hào), 所以ab的最大值等于9.故選D. 8.函數(shù)f(x)=ax3+ax2-2ax+1的圖象經(jīng)過(guò)四個(gè)象限,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是( D ) A.- [解析] f ′(x)=ax2+ax-2a=a(x+2)(x-1), 要使函數(shù)f(x)的圖象經(jīng)過(guò)四個(gè)象限,則f(-2)f(1)<0, 即(a+1)(-a+1)<0,解得a<-或a>. 故選D. 9.(2018·沈陽(yáng)一模)設(shè)函數(shù)f(x)=xex+1,則( D ) A.x=1為f(x)的極大值點(diǎn) B.x=1為f(x)的極小值點(diǎn)
7、 C.x=-1為f(x)的極大值點(diǎn) D.x=-1為f(x)的極小值點(diǎn) [解析] 由于f(x)=xex,可得f′(x)=(x+1)ex, 令f′(x)=(x+1)ex=0可得x=-1, 令f′(x)=(x+1)ex>0可得x>-1,即函數(shù)在(-1,+∞)上是增函數(shù) 令f′(x)=(x+1)ex<0可得x<-1,即函數(shù)在(-∞,-1)上是減函數(shù) 所以x=-1為f(x)的極小值點(diǎn). 故選D. 10.(2017·全國(guó)卷Ⅱ理,11)若x=-2是函數(shù)f(x)=(x2+ax-1)ex-1的極值點(diǎn),則f(x)的極小值是( A ) A.-1 B.-2e-3 C.5e-3 D.1
8、[解析] 函數(shù)f(x)=(x2+ax-1)ex-1
則f′(x)=(2x+a)ex-1+(x2+ax-1)·ex-1
=ex-1·[x2+(a+2)x+a-1].
由x=-2是函數(shù)f(x)的極值點(diǎn)得
f′(-2)=e-3·(4-2a-4+a-1)=(-a-1)e-3=0,
所以a=-1.
所以f(x)=(x2-x-1)ex-1,f′(x)=ex-1·(x2+x-2).
由ex-1>0恒成立,得x=-2或x=1時(shí),f′(x)=0,
且x<-2時(shí),f′(x)>0;-2
9、)的極小值為f(1)=-1. 故選A. 11.已知函數(shù)f(x)=+xlnx,g(x)=x3-x2-5,若對(duì)任意的x1,x2∈,都有f(x1)-g(x2)≥2成立,則a的取值范圍是( B ) A.(0,+∞) B.[1,+∞) C.(-∞,0) D.(-∞,-1] [解析] 由于g(x)=x3-x2-5?g′(x)=3x2-2x=x(3x-2),∴函數(shù)g(x)在上單調(diào)遞減,在上單調(diào)遞增,g=--5=-,g(2)=8-4-5=-1.由于對(duì)?x1,x2∈,f(x1)-g(x2)≥2恒成立,∴f(x)≥[g(x)+2]max,即x∈時(shí),f(x)≥1恒成立,即+xlnx≥1,在上恒成立,a
10、≥x-x2lnx在上恒成立,令h(x)=x-x2lnx,則h′(x)=1-2xlnx-x, 而h″(x)=-3-2lnx,x∈時(shí),h″(x)<0, 所以h′(x)=1-2xlnx-x在單調(diào)遞減, 由于h′(1)=0,∴x∈時(shí),h′(x)>0,x∈[1,2]時(shí),h′(x)<0,所以h(x)≤h(1)-1,∴a≥1. 12.(2017·全國(guó)卷Ⅲ理,11)已知函數(shù)f(x)=x2-2x+a(ex-1+e-x+1)有唯一零點(diǎn),則a=( C ) A.- B. C. D.1 [解析] 方法1:f(x)=x2-2x+a(ex-1+e-x+1)=(x-1)2+a[ex-1+e-(x-1)]
11、-1, 令t=x-1,則g(t)=f(t+1)=t2+a(et+e-t)-1. ∵g(-t)=(-t)2+a(e-t+et)-1=g(t), ∴函數(shù)g(t)為偶函數(shù). ∵f(x)有唯一零點(diǎn), ∴g(t)也有唯一零點(diǎn). 又g(t)為偶函數(shù),由偶函數(shù)的性質(zhì)知g(0)=0, ∴2a-1=0,解得a=. 故選C. 方法2:f(x)=0?a(ex-1+e-x+1)=-x2+2x. ex-1+e-x+1≥2=2, 當(dāng)且僅當(dāng)x=1時(shí)取“=”. -x2+2x=-(x-1)2+1≤1,當(dāng)且僅當(dāng)x=1時(shí)取“=”. 若a>0,則a(ex-1+e-x+1)≥2a, 要使f(x)有唯一零點(diǎn),
12、則必有2a=1,即a=. 若a≤0,則f(x)的零點(diǎn)不唯一. 故選C. 二、填空題(本大題共4個(gè)小題,每小題5分,共20分,把正確答案填在題中橫線上) 13.(2017·南開(kāi)區(qū)二模)已知f(x)=x(2016+lnx),f′(x0)=2017,則x0=1__. [解析] f′(x)=2016+lnx+1=2017+lnx 又∵f′(x0)=2017,∴f′(x0)=2017+lnx0=2017, 則lnx0=0,x0=1. 14.(2018·海淀區(qū)校級(jí)期末)已知函數(shù)f(x)=x2-2lnx,則f(x)的最小值為1. [解析] 函數(shù)的定義域(0,+∞) f′(x)=2x-2·
13、== 令f′(x)≥0?x≥1; f′(x)≤0?0<x≤1 所以函數(shù)在(0,1]單調(diào)遞減,在[1,+∞)單調(diào)遞增 所以函數(shù)在x=1時(shí)取得最小值,f(x)min=f(1)=1 故答案為1. 15.如圖陰影部分是由曲線y=、y2=x與直線x=2、y=0圍成,則其面積為+ln2. [解析] 由,得交點(diǎn)A(1,1) 由得交點(diǎn)B. 故所求面積S=dx+dx =x+lnx=+ln2. 16.(2018·玉溪模擬)已知函數(shù)f(x)的定義域?yàn)閇-1,5],部分對(duì)應(yīng)值如下表,f(x)的導(dǎo)函數(shù)y=f′(x)的圖象如圖所示,給出關(guān)于f(x)的下列命題: x -1 0 2 4 5
14、 f(x) 1 2 0 2 1 ①函數(shù)y=f(x)在x=2取到極小值; ②函數(shù)f(x)在[0,1]是減函數(shù),在[1,2]是增函數(shù); ③當(dāng)1<a<2時(shí),函數(shù)y=f(x)-a有4個(gè)零點(diǎn); ④如果當(dāng)x∈[-1,t]時(shí),f(x)的最大值是2,那么t的最小值為0. 其中所有正確命題是①③④(寫(xiě)出正確命題的序號(hào)). [解析] 由圖象可知當(dāng)-1<x<0,2<x<4時(shí),f′(x)>0,此時(shí)函數(shù)單調(diào)遞增, 當(dāng)0<x<2,4<x<5時(shí),f′(x)<0,此時(shí)函數(shù)單調(diào)遞減, 所以當(dāng)x=0或x=4時(shí),函數(shù)取得極大值,當(dāng)x=2時(shí),函數(shù)取得極小值. 所以①正確. ②函數(shù)在[0,2]上單調(diào)
15、遞減,所以②錯(cuò)誤. ③因?yàn)閤=0或x=4時(shí),函數(shù)取得極大值,當(dāng)x=2時(shí),函數(shù)取得極小值. 所以f(0)=2,f(4)=2,f(2)=0, 因?yàn)閒(-1)=f(5)=1,所以由函數(shù)圖象可知當(dāng)1<a<2時(shí),函數(shù)y=f(x)-a有4個(gè)零點(diǎn);正確. ④因?yàn)楹瘮?shù)在[-1,0]上單調(diào)遞增,且函數(shù)的最大值為2, 所以要使當(dāng)x∈[-1,t]時(shí),f(x)的最大值是2,則t≥0即可,所以t的最小值為0,所以④正確. 故答案為①③④. 三、解答題(本大題共6個(gè)大題,共70分,解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明,證明過(guò)程或演算步驟) 17.(本題滿(mǎn)分10分)(2018·贛州二模)設(shè)函數(shù)f(x)=(x-1)2+alnx
16、有兩個(gè)極值點(diǎn)x1,x2,且x1<x2.求實(shí)數(shù)a的取值范圍. [解析] (1)因?yàn)閒(x)=(x-1)2+alnx,∴f′(x)=2(x-1)+,(x>0) 即f′(x)=,令g(x)=2x2-2x+a,(x>0) 則(x1<x2)是方程2x2-2x+a=0的兩個(gè)正實(shí)根. 則,得00). (1)當(dāng)a=1時(shí),求f(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)若f(x)在(0,1]上 的最大值為,求a的值. [解析] 函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?0,2), f ′(x)=-+a, (1)當(dāng)a=1時(shí),f ′(x)=,∴當(dāng)x
17、∈(0,)時(shí),f ′(x)>0,當(dāng)x∈(,2)時(shí),f ′(x)<0,所以f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(0,),單調(diào)遞減區(qū)間為(,2); (2)當(dāng)x∈(0,1]時(shí),f ′(x)=+a>0, 即f(x)在(0,1]上單調(diào)遞增,故f(x)在(0,1]上的最大值為f(1)=a,因此a=. 19.(本題滿(mǎn)分12分)在曲線y=x2(x≥0)上某一點(diǎn)A處作一切線,使之與曲線以及x軸所圍成圖形的面積為,試求切點(diǎn)A的坐標(biāo)及過(guò)切點(diǎn)A的切線方程. [解析] 如圖所示,設(shè)切點(diǎn)A(x0,y0),過(guò)切點(diǎn)A的切線與x軸的交點(diǎn)為C. 由y′=2x知A點(diǎn)處的切線方程為y-y0=2x0(x-x0),即y=2x0x-x.令y
18、=0,得x=,即C(,0). 設(shè)由曲線y=x2(x≥0)與過(guò)A點(diǎn)的切線及x軸所圍成圖形的面積為S, 則S=S曲邊△AOB-S△ABC. ∵S曲邊△AOB=∫x00x2dx=x3|x00=x, S△ABC=BC·AB=(x0-)·x=x, ∴S=x-x=x=,∴x0=1, ∴切點(diǎn)A的坐標(biāo)為(1,1), 即過(guò)切點(diǎn)A的切線方程為2x-y-1=0. 20.(本題滿(mǎn)分12分)(2018·和平區(qū)三模)設(shè)函數(shù)f(x)=lnx- ax2-bx. (1)當(dāng)a=b=時(shí),求函數(shù)f(x)的最大值; (2)令F(x)=f(x)+x2+bx+(0<x≤3),若其圖象上的任意點(diǎn)P(x0,y0)處切線的斜
19、率k≤恒成立,求實(shí)數(shù)a的取值范圍. [解析] (1)依題意,知f(x)的定義域?yàn)?0,+∞),當(dāng)a=b=時(shí),f(x)=lnx-x2-x,f′(x)=-x-= 令f′(x)=0,解得x=1.(∵x>0) 因?yàn)間(x)=0有唯一解,所以g(x2)=0,當(dāng)0<x<1時(shí),f′(x)>0,此時(shí)f(x)單調(diào)遞增; 當(dāng)x>1時(shí),f′(x)<0,此時(shí)f(x)單調(diào)遞減. 所以f(x)的極大值為f(1)=-,此即為最大值. (2)F(x)=lnx+,x∈(0,3],則有k≤F′(x0)=≤,在x0∈(0,3]上恒成立, 所以a≥(-x+x0)max,x0∈(0,3], 當(dāng)x0=1時(shí),-x+x0取得
20、最大值,所以a≥. 21.(本題滿(mǎn)分12分)某工廠生產(chǎn)一種儀器的元件,由于受生產(chǎn)能力和技術(shù)水平的限制,會(huì)產(chǎn)生一些次品,根據(jù)經(jīng)驗(yàn)知道,其次品率P與日產(chǎn)量x(萬(wàn)件)之間大體滿(mǎn)足關(guān)系: P=(其中c為小于6的正常數(shù)) (注:次品率=次品數(shù)/生產(chǎn)量,如P=0.1表示每生產(chǎn)10件產(chǎn)品,有1件為次品,其余為合格品) 已知每生產(chǎn)1萬(wàn)件合格的儀器可盈利2萬(wàn)元,但每生產(chǎn)1萬(wàn)件次品將虧損1萬(wàn)元,故廠方希望定出合適的日產(chǎn)量. (1)試將生產(chǎn)這種儀器的元件每天的盈利額T(萬(wàn)元)表示為日產(chǎn)量x(萬(wàn)件)的函數(shù). (2)當(dāng)日產(chǎn)量為多少時(shí),可獲得最大利潤(rùn)? [解析] (1)當(dāng)x>c時(shí),P=, 所以T=x·2-
21、x·1=0.
當(dāng)1≤x≤c時(shí),P=,
所以T=(1-)·x·2-()·x·1=.
綜上,日盈利額T(萬(wàn)元)與日產(chǎn)量x(萬(wàn)件)的函數(shù)關(guān)系為:T=
(2)由(1)知,當(dāng)x>c時(shí),每天的盈利額為0,
當(dāng)1≤x≤c時(shí),T′==,
令T′=0,解得x=3或x=9.
因?yàn)? 22、)(2018·全國(guó)卷Ⅰ理,21)已知函數(shù)f(x)=-x+aln x.
(1)討論f(x)的單調(diào)性;
(2)若f(x)存在兩個(gè)極值點(diǎn)x1,x2,
證明:
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