2022年高考物理一輪復(fù)習(xí)方案 45分鐘單元能力訓(xùn)練卷(九)

《2022年高考物理一輪復(fù)習(xí)方案 45分鐘單元能力訓(xùn)練卷(九)》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理一輪復(fù)習(xí)方案 45分鐘單元能力訓(xùn)練卷(九)（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考物理一輪復(fù)習(xí)方案 45分鐘單元能力訓(xùn)練卷(九) 一、單項(xiàng)選擇題(每小題6分，共18分) 1．如圖D9－1所示，水平導(dǎo)線中通有穩(wěn)恒電流，導(dǎo)線正下方的電子e的初速度方向與電流方向相同，其后電子將(　　) 圖D9－1 A．沿路徑a運(yùn)動，軌跡是圓 B．沿路徑a運(yùn)動，半徑變小 C．沿路徑a運(yùn)動，半徑變大 D．沿路徑b運(yùn)動，半徑變小 2．如圖D9－2所示，兩塊平行、正對金屬板水平放置，使上面金屬板帶上一定量的正電荷，下面金屬板帶上等量的負(fù)電荷，再在它們之間加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，一個帶電粒子以初速度v0沿垂直于電場和磁場的方向從兩塊金屬板左端中央射入后向上偏轉(zhuǎn)．若

2、帶電粒子所受重力可忽略不計，仍按上述方式將帶電粒子射入兩板間，為使其向下偏轉(zhuǎn)，下列措施中一定不可行的是(　　) 圖D9－2 A．僅增大帶電粒子射入時的速度 B．僅增大兩塊金屬板所帶的電荷量 C．僅減小粒子所帶電荷量 D．僅改變粒子的電性 3．如圖D9－3所示，銅質(zhì)導(dǎo)電板置于勻強(qiáng)磁場中，通電時銅板中電流方向向上．由于磁場的作用，則(　　) 圖D9－3 A．板左側(cè)聚集較多電子，使b點(diǎn)電勢高于a點(diǎn)電勢 B．板左側(cè)聚集較多電子，使a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢 C．板右側(cè)聚集較多電子，使a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢 D．板右側(cè)聚集較多電子，使b點(diǎn)電勢高于a點(diǎn)電勢 二、雙項(xiàng)選擇題(每小題6

3、分，共24分) 4．磁場中某區(qū)域的磁感線如圖D9－4所示，則(　　) 圖D9－4 A．a(chǎn)、b兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不等，Ba＞Bb B．a(chǎn)、b兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不等，Ba＜Bb C．同一通電導(dǎo)線放在a處受力可能比放在b處受力大 D．同一通電導(dǎo)線放在a處受力一定比放在b處受力小 5．下列說法中正確的是(　　) A．電荷在某處不受到電場力的作用，則該處的電場強(qiáng)度為零 B．一小段通電導(dǎo)線在某處不受到磁場力的作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零 C．把一個試探電荷放在電場中的某點(diǎn)，它受到的電場力與所帶電荷量的比值表示該點(diǎn)電場的強(qiáng)弱 D．把一小段通電導(dǎo)線放在磁場中某處，它受到的

4、磁場力與該小段通電導(dǎo)線的長度和電流的乘積的比值表示該處磁場的強(qiáng)弱 6．粒子回旋加速器的工作原理如圖D9－5所示，置于真空中的D形金屬盒的半徑為R，兩個金屬盒間的狹縫很小，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場與金屬盒盒面垂直，高頻交流電的頻率為f，加速電壓為U，若中心粒子源處產(chǎn)生的質(zhì)子質(zhì)量為m，電荷量為＋e，在加速器中被加速．不考慮相對論效應(yīng)，則下列說法正確是(　　) 圖D9－5 A．不改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B和交流電的頻率f，該加速器也可加速α粒子 B．加速的粒子獲得的最大動能隨加速電場U增大而增大 C．質(zhì)子被加速后的最大速度不能超過2πRf D．質(zhì)子第二次和第一次經(jīng)過D形盒間狹縫后軌道半徑之比為

5、∶1 7．如圖D9－6所示，在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于圓平面(未畫出)，一群比荷為的負(fù)離子以相同的速率v0(較大)由P點(diǎn)在紙平面內(nèi)向不同方向射入磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)后，又飛出磁場，則下列說法正確的是(不計重力)(　　) 圖D9－6 A．離子飛出磁場時的動能一定相等 B．離子在磁場中運(yùn)動半徑一定相等 C．由Q點(diǎn)飛出的離子在磁場中運(yùn)動的時間最長 D．沿PQ方向射入的離子飛出時偏轉(zhuǎn)角最大 三、計算題(58分) 8．(18分)如圖D9－7所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L＝0.40 m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ＝37°，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)

6、強(qiáng)度B＝0.50 T、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場．金屬導(dǎo)軌的一端接有電動勢E＝4.5 V、內(nèi)阻r＝0.50 Ω的直流電源．現(xiàn)把一個質(zhì)量m＝0.040 kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止．導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R0＝2.5 Ω，金屬導(dǎo)軌電阻不計，g取10 m/s2.已知sin37°＝0.60，cos37°＝0.80，求： (1)通過導(dǎo)體棒的電流； (2)導(dǎo)體棒受到的安培力大?。? (3)導(dǎo)體棒受到的摩擦力． 圖D9－7 9．(20分)如圖D9－8所示，帶電平行金屬板PQ和MN

7、之間的距離為d；兩塊金屬板之間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.建立如圖所示的坐標(biāo)系，x軸平行于金屬板，且與金屬板中心線重合，y軸垂直于金屬板．區(qū)域Ⅰ的左邊界是y軸，右邊界與區(qū)域Ⅱ的左邊界重合，且與y軸平行；區(qū)域Ⅱ的左、右邊界平行．在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ內(nèi)分別存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，區(qū)域Ⅰ內(nèi)的磁場垂直于Oxy平面向外，區(qū)域Ⅱ內(nèi)的磁場垂直于Oxy平面向里．一電子沿著x軸正向以速度v0射入平行板之間，在平行板間恰好沿著x軸正向做直線運(yùn)動，并先后通過區(qū)域Ⅰ和Ⅱ.已知電子電荷量為e，質(zhì)量為m，區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ沿x軸方向?qū)挾染鶠?不計電子重力． (1)求兩金屬板之間電勢差U； (2)

8、求電子從區(qū)域Ⅱ右邊界射出時，射出點(diǎn)的縱坐標(biāo)y； (3)撤除區(qū)域Ⅰ中的磁場而在其中加上沿x軸正向的勻強(qiáng)電場，使得該電子剛好不能從區(qū)域Ⅱ的右邊界飛出．求電子兩次經(jīng)過y軸的時間間隔t. 圖D9－8 10．(20分)如圖D9－9所示裝置中，區(qū)域Ⅰ和Ⅲ中分別有豎直向上和水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度分別為E和；Ⅱ區(qū)域內(nèi)有垂直向外的水平勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的帶負(fù)電粒子(不計重力)從左邊界O點(diǎn)正上方的M點(diǎn)以速度v0水平射入電場，經(jīng)水平分界線OP上的A點(diǎn)與OP成60°角射入Ⅱ區(qū)域的磁場，并垂直豎直邊界CD進(jìn)入Ⅲ區(qū)域的勻強(qiáng)電場中．

9、求： (1)粒子在Ⅱ區(qū)域勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動的軌道半徑； (2)O、M間的距離； (3)粒子從M點(diǎn)出發(fā)到第二次通過CD邊界所經(jīng)歷的時間． 圖D9－9 45分鐘單元能力訓(xùn)練卷(九) 1．C　2.C 3．A　[解析] 電子向下定向移動形成電流，電子受到向左的洛倫茲力而向左偏，大量的電子聚集在左側(cè)，形成新的電場，且b點(diǎn)電勢高于a點(diǎn)電勢，A正確． 4．BC　[解析] 在磁場中，磁感線疏密表示磁場的強(qiáng)弱，故Ba＜Bb，選項(xiàng)A錯誤，選項(xiàng)B正確；同一通電導(dǎo)線如果都垂直放入磁場中，則在a處受力一定比b處受力小，但如果通電導(dǎo)線與磁場平行放置，受力均為零，選項(xiàng)D錯誤；若同一通電導(dǎo)線在a處垂直

10、磁場放置，在b處平行磁場放置，則在a處受力大于b處受力，選項(xiàng)C正確． 5．AC　[解析] 把電荷放入電場某處，如果電荷沒有受到電場力的作用，則該處不存在電場或該處的電場強(qiáng)度為零，故A對；把通電直導(dǎo)線放入某處，如果放置不合適，即使有磁場存在，通電直導(dǎo)線也不受磁場力的作用，故B錯；由電場強(qiáng)度的定義式E＝知，電場強(qiáng)度等于試探電荷受到電場力F與所帶電荷量q的比值，故C對；磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式B＝的成立是有條件的，即通電導(dǎo)線與磁場方向垂直，否則該定義式不成立，故D錯． 6．CD　[解析] 質(zhì)子被加速獲得的最大速度受到D形盒最大半徑限制，最大速度vm＝2πRf，C正確；粒子旋轉(zhuǎn)頻率為f＝，與被加速粒子的

11、比荷有關(guān)，A錯誤；粒子被加速的最大動能Ekm＝mv＝2mπ2R2f2，與電壓U無關(guān)，B錯誤；運(yùn)動半徑Rn＝，由nUq＝mv，故半徑之比為∶1，D正確． 7．BC　[解析] 磁場對電荷的洛倫茲力不做功，這些粒子從射入到射出動能不變，但質(zhì)量不一定相等，故動能可能不相等，A錯誤；離子在磁場中偏轉(zhuǎn)的半徑為R＝，所有離子的偏轉(zhuǎn)半徑都相等，B正確；同時各離子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期T＝也相等，根據(jù)幾何關(guān)系，圓內(nèi)較長的弦對應(yīng)較大的圓心角，所以從Q點(diǎn)射出的粒子偏轉(zhuǎn)角最大，在磁場內(nèi)運(yùn)動的時間最長，C正確；沿PQ方向射入的粒子不可能從Q點(diǎn)射出，故偏轉(zhuǎn)角不是最大，D錯誤． 8．(1)1.5 A　(2)0.30

12、N (3)0.06 N，方向沿斜面向下 [解析] (1)根據(jù)閉合電路歐姆定律有I＝＝1.5 A. (2)導(dǎo)體棒受到的安培力F安＝BIL＝0.30 N. (3)將重力正交分解，設(shè)導(dǎo)體棒所受重力沿斜面的分力為F1，則F1＝mgsin37°＝0.24 N. 所以F1

13、周運(yùn)動，向上偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力提供向心力，則 ev0B＝ 設(shè)電子在區(qū)域Ⅰ中沿著y軸偏轉(zhuǎn)距離為 y0，區(qū)域I的寬度為b(b＝)，則 (R－y0)2＋b2＝R2 聯(lián)立解得：y0＝. 因?yàn)殡娮釉趦蓚€磁場中有相同的偏轉(zhuǎn)量，故電子從區(qū)域Ⅱ射出點(diǎn)的縱坐標(biāo)y＝2y0＝. (3)電子剛好不能從區(qū)域Ⅱ的右邊界飛出，說明電子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運(yùn)動的軌跡恰好與區(qū)域Ⅱ的右邊界相切，圓半徑恰好與區(qū)域Ⅱ?qū)挾认嗤娮舆\(yùn)動軌跡如圖所示． 設(shè)電子進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ時的速度為v，則有 evB＝m 由r＝b得：v＝v0. 電子通過區(qū)域Ⅰ的過程中，向右做勻變速直線運(yùn)動， 此過程中平均速度＝. 電子通過區(qū)域Ⅰ的時

14、間： t1＝(b為區(qū)域Ⅰ的寬度) 解得：t1＝2(2 －3). 電子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動了半個圓周，設(shè)電子做圓周運(yùn)動的周期為T，則T＝.電子在區(qū)域中運(yùn)動的時間t2＝＝. 電子反向通過區(qū)域Ⅰ的時間仍為t1，t＝2t1＋t2＝(8 －12＋π)≈.所以，電子兩次經(jīng)過y軸的時間間隔為. 10．(1)　(2)　(3)t＝＋ [解析] (1)粒子在勻強(qiáng)電場中做類平拋運(yùn)動，設(shè)粒子過A點(diǎn)時速度為v，由類平拋運(yùn)動規(guī)律有 v＝ 粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，由牛頓第二定律得 Bqv＝m 解得R＝. (2)設(shè)粒子在電場中運(yùn)動時間為t1，加速度為a，則有 qE＝ma v0tan60°＝at1 解得t1＝ O、M兩點(diǎn)間的距離為L＝at＝. (3)設(shè)粒子在Ⅱ區(qū)域磁場中運(yùn)動時間為t2.由幾何關(guān)系知 t2＝＝ 設(shè)粒子在Ⅲ區(qū)域電場中運(yùn)行時間為t3，在Ⅲ區(qū)域電場中加速度a′＝＝ 則t3＝＝ 粒子從M點(diǎn)出發(fā)到第二次通過CD邊界所用時間為 t＝t1＋t2＋t3＝＋＋＝＋.