《2022高中物理 第十六章 動(dòng)量守恒定律 課時(shí)提升作業(yè)一 16.2 動(dòng)量和動(dòng)量定理 新人教版選修3-5》由會(huì)員分享,可在線(xiàn)閱讀,更多相關(guān)《2022高中物理 第十六章 動(dòng)量守恒定律 課時(shí)提升作業(yè)一 16.2 動(dòng)量和動(dòng)量定理 新人教版選修3-5(7頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、2022高中物理 第十六章 動(dòng)量守恒定律 課時(shí)提升作業(yè)一 16.2 動(dòng)量和動(dòng)量定理 新人教版選修3-5
一、選擇題(本題共5小題,每小題7分,共35分)
1.對(duì)一定質(zhì)量的物體,下列說(shuō)法不正確的是( )
A.物體的動(dòng)能發(fā)生變化,其動(dòng)量一定變化
B.物體的動(dòng)量發(fā)生變化,其動(dòng)能一定變化
C.物體所受的合外力不為零,物體的動(dòng)量一定變化,但物體的動(dòng)能不一定變化
D.物體所受的合外力為零時(shí),物體的動(dòng)量一定不發(fā)生變化
【解析】選B。對(duì)于一定質(zhì)量的物體,物體的動(dòng)能發(fā)生變化,則速度的大小一定變化,則動(dòng)量一定變化,故A正確;物體的動(dòng)量發(fā)生變化,可能是速度的方向發(fā)生變化,若大小不變,則動(dòng)能不變,故B
2、錯(cuò)誤;物體所受的合外力不為零,物體的動(dòng)量一定變化,但物體的動(dòng)能不一定變化,如勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小不變,速度方向不斷變化,物體的動(dòng)能不變而動(dòng)量變化,故C正確;物體所受的合外力為零時(shí),物體將保持靜止或勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的狀態(tài),速度不變,所以物體的動(dòng)量一定不發(fā)生變化,故D正確。
2.(2018·南陽(yáng)高二檢測(cè))如圖所示,重物G壓在紙帶上,用一水平力緩慢地拉動(dòng)紙帶,重物G會(huì)跟著一起運(yùn)動(dòng);若迅速拉動(dòng)紙帶,紙帶將會(huì)從重物G下面抽出,關(guān)于這個(gè)現(xiàn)象,下列說(shuō)法中正確的是( )
A.在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí),重物和紙帶間的摩擦力大于迅速拉動(dòng)紙帶時(shí)重物和紙帶間的摩擦力
B.在緩慢拉動(dòng)紙帶時(shí),紙帶給重物的沖量大
C.
3、在迅速拉動(dòng)紙帶時(shí),紙帶給重物的沖量大
D.迅速拉動(dòng)紙帶時(shí)重物的動(dòng)量變化大
【解題指南】解答本題應(yīng)注意以下三點(diǎn):
(1)快拉時(shí),由于慣性,很容易將紙帶抽出;慢拉時(shí),很難將紙帶抽出;根據(jù)沖量的定義式I=Ft分析沖量大小。
(2)明確滑動(dòng)摩擦力大小與相對(duì)速度無(wú)關(guān)。
(3)紙帶給重物的沖量是摩擦力和支持力沖量的矢量和。
【解析】選B。用水平力F慢慢拉出紙帶,重物與紙帶間有靜摩擦力;若迅速拉動(dòng)紙帶,紙帶會(huì)從重物下抽出,重物與紙帶間有滑動(dòng)摩擦力;滑動(dòng)摩擦力大于等于靜摩擦力,故A錯(cuò)誤;慢拉時(shí)水平方向滑動(dòng)摩擦力作用時(shí)間長(zhǎng),重物跟著紙帶運(yùn)動(dòng),動(dòng)量變化大,故慢拉時(shí)紙帶給重物的摩擦力的沖量大,由于作用時(shí)
4、間長(zhǎng),支持力的沖量也大,故慢拉時(shí),紙帶給重物的沖量大,故B正確,C、D錯(cuò)誤,故選B。
3.2016年11月9日,在“天宮二號(hào)”測(cè)出指令長(zhǎng)景海鵬的質(zhì)量。景海鵬受到恒定作用力F從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),經(jīng)時(shí)間t時(shí),測(cè)速儀測(cè)出他運(yùn)動(dòng)的速率為v,則景海鵬的質(zhì)量為( )
A. B. C. D.
【解析】選B。由題意和動(dòng)量定理得:Ft =mv,所以m =,選項(xiàng)B正確。
4. (多選)古時(shí)有“守株待兔”的寓言,設(shè)兔子的頭部受到大小等于自身體重的打擊力時(shí)即可致死。若兔子與樹(shù)樁發(fā)生碰撞,作用時(shí)間為0.2s,則被撞死的兔子奔跑的速度可能是( )
A.1 m/s B
5、.1.5 m/s
C.2 m/s D.2.5 m/s
【解析】選C、D。根據(jù)題意建立模型,設(shè)兔子與樹(shù)樁的撞擊力為F,兔子撞擊樹(shù)樁后速度為零,根據(jù)動(dòng)量定理有-Ft=0-mv,所以v===gt=10×0.2m/s=2 m/s。
5.恒力F作用在質(zhì)量為m的物體上,在時(shí)間t內(nèi),物體的速度由v1增大為v2,則力2F作用在質(zhì)量為4m的物體上,在時(shí)間t內(nèi),物體的動(dòng)量變化大小是( )
A.m(v2-v1) B.m(v2-v1)
C.2m(v2-v1) D.4m(v2-v1)
【解析】選C。力F作用在質(zhì)量為m的物體上時(shí),根據(jù)動(dòng)量定理得:Ft=m(v2-v1),力2F
6、作用在質(zhì)量為4m的物體上,根據(jù)動(dòng)量定理得2Ft=2m(v2-v1),故C正確。
二、非選擇題(15分。需寫(xiě)出規(guī)范的解題步驟)
6.用0.5kg的鐵錘把釘子釘進(jìn)木頭里,打擊時(shí)鐵錘的速度v=4.0m/s,如果打擊后鐵錘的速度變?yōu)?,打擊的作用時(shí)間是0.01s,那么:
(1)不計(jì)鐵錘受的重力,鐵錘釘釘子的平均作用力是多大?
(2)考慮鐵錘受的重力,鐵錘釘釘子的平均作用力又是多大?(g取10m/s2)
(3)比較(1)和(2),討論是否要忽略鐵錘的重力。
【解析】(1)以鐵錘為研究對(duì)象,不計(jì)重力時(shí),只受釘子的作用力,方向豎直向上,設(shè)為F1,取豎直向上為正,由動(dòng)量定理可得F1t=0-mv
7、
所以F1=-N=200 N,方向豎直向上。
由牛頓第三定律知,鐵錘釘釘子的作用力為200N,方向豎直向下。
(2)若考慮重力,設(shè)此時(shí)受釘子的作用力為F2,對(duì)鐵錘應(yīng)用動(dòng)量定理,取豎直向上為正。(F2-mg)t=0-mv,F2=-N+0.5×10N=205 N,方向豎直向上。
由牛頓第三定律知,此時(shí)鐵錘釘釘子的作用力為205N,方向豎直向下。
(3)比較F1與F2,其相對(duì)誤差為×100%=2.5%,可見(jiàn)本題中鐵錘的重力可忽略。
答案:(1)200N (2)205N (3)見(jiàn)解析
(25分鐘 50分)
一、選擇題(本題共4小題,每小題7分,共28分)
1.在水平的足夠長(zhǎng)的固定
8、木板上,一小物塊以某一初速度開(kāi)始滑動(dòng),經(jīng)一段時(shí)間t停止,現(xiàn)將該木板改置成傾角為45°的斜面,讓小物塊以相同的初速度沿木板上滑,若小物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,則小物塊上滑到最高位置所需時(shí)間與t之比為( )
A. B.
C. D.
【解析】選A。對(duì)第一種情況,以小物塊為研究對(duì)象,設(shè)小物塊的初速度為v,由動(dòng)量定理得:-μmg·t=0-mv,對(duì)第二種情況,設(shè)減速到零所用的時(shí)間為t′,則由動(dòng)量定理可得:-mgsin45°·t′-μmgcos45°t′=0-mv,由以上兩式可解得:=。故正確選項(xiàng)為A。
2. (2018·張家口高二檢測(cè))原來(lái)靜止的物體受合外力作用
9、時(shí)間為2t0,作用力隨時(shí)間的變化情況如圖所示,則( )
A.0~t0時(shí)間內(nèi)物體的動(dòng)量變化與t0~2t0內(nèi)動(dòng)量變化相等
B.t=2t0時(shí)物體的速度為零,外力在2t0時(shí)間內(nèi)對(duì)物體的沖量為零
C.0~t0時(shí)間內(nèi)物體的平均速率與t0~2t0內(nèi)平均速率不相等
D.2t0時(shí)間內(nèi)物體的位移為零,外力對(duì)物體做功為零
【解題指南】根據(jù)F0t0=mv-mv0可知0時(shí)刻的速度等于2t0的速度,可知0~t0內(nèi)的位移x1等于t0~2t0內(nèi)的位移x2,根據(jù)W=Fx可判斷做功的情況。
【解析】選B。合外力的沖量等于物體動(dòng)量的改變量,故F-t圖象與時(shí)間軸圍成的面積等于物體動(dòng)量的改變量。面積在時(shí)間軸的上方代表
10、動(dòng)量增加,面積在時(shí)間軸下方代表動(dòng)量減小,由于面積相同,動(dòng)量變化大小相等,方向相反,故A錯(cuò)誤;由于0~t0時(shí)間內(nèi)的沖量與t0~2t0時(shí)間內(nèi)的沖量大小相等,方向相反,即F0t0+(-F0)t0=0,故B正確;由以上的分析,2t0時(shí)刻的速度等于0時(shí)刻物體的速度,等于0,所以0~t0內(nèi)的平均速率等于t0~2t0內(nèi)的平均速率,故C錯(cuò)誤;由以上的分析可知,0~t0的位移x1等于t0~2t0的位移x2,且方向相同;所以在0~t0時(shí)間內(nèi)合外力所做的功W1=F0x1,t0~2t0時(shí)間內(nèi)合外力所做的功W2=-F0x2,故W總=W1+W2=0,故D錯(cuò)誤。故選B。
3. (多選)如圖所示,兩個(gè)質(zhì)量相等的物體甲、乙沿
11、高度相同、傾角不同的兩斜面頂端從靜止自由下滑,到達(dá)斜面底端,α1>α2,則下列說(shuō)法中正確的是( )
A.下滑的過(guò)程中甲的重力的沖量大
B.下滑的過(guò)程中乙所受彈力的沖量大
C.下滑的過(guò)程中乙所受斜面的合力沖量大
D.剛到達(dá)底端時(shí)甲的動(dòng)量大
【解析】選B、D。物體在斜面上下滑過(guò)程中受重力、彈力和摩擦力作用,下滑的加速度為a==g(sinα-μcosα)。設(shè)斜面高度為h,則=at2,t=,又α1>α2,故a甲>a乙,t甲
12、到達(dá)斜面底端的動(dòng)量p==m,故p甲>p乙,D正確。設(shè)物體所受斜面合力沖量為I,由動(dòng)量定理得p=mgt+I,I=p-mgt,因p甲>p乙,t甲I乙,即甲受斜面合力的沖量大。
4.(2015·北京高考)“蹦極”運(yùn)動(dòng)中,長(zhǎng)彈性繩的一端固定,另一端綁在人身上,人從幾十米高處跳下。將蹦極過(guò)程簡(jiǎn)化為人沿豎直方向的運(yùn)動(dòng)。從繩恰好伸直,到人第一次下降至最低點(diǎn)的過(guò)程中,下列分析正確的是( )
A.繩對(duì)人的沖量始終向上,人的動(dòng)量先增大后減小
B.繩對(duì)人的拉力始終做負(fù)功,人的動(dòng)能一直減小
C.繩恰好伸直時(shí),繩的彈性勢(shì)能為零,人的動(dòng)能最大
D.人在最低點(diǎn)時(shí),繩對(duì)人的拉力等于人所受的重力
13、
【解析】選A。繩剛好伸直時(shí),繩的拉力為零,人還要向下加速,此時(shí)人的動(dòng)能不是最大,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;當(dāng)重力等于繩子拉力時(shí),人的速度最大,之后人做減速運(yùn)動(dòng),繩對(duì)人的拉力始終向上,所以繩對(duì)人的沖量始終向上,人的動(dòng)量與速度一樣,先增大后減小,人的動(dòng)能也是先增大后減小,選項(xiàng)A正確,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;人在最低點(diǎn)時(shí),繩對(duì)人的拉力大于人所受的重力,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
二、非選擇題(本題共2小題,共22分。需寫(xiě)出規(guī)范的解題步驟)
5. (10分)如圖所示,在光滑水平面右端B點(diǎn)處連接一個(gè)豎直的半徑為R的光滑半圓形軌道BC,在距離B為x的A點(diǎn),用一個(gè)較大的水平力向右瞬間彈擊質(zhì)量為m的小鋼球,使其獲得一個(gè)水平向右的初速度,小鋼球
14、到達(dá)B點(diǎn)后沿半圓形軌道運(yùn)動(dòng),剛好到達(dá)C點(diǎn),求:
(1)小鋼球經(jīng)過(guò)C時(shí)的速度有多大?
(2)在A點(diǎn),這個(gè)瞬間彈擊小鋼球的力的沖量需要有多大?
【解析】(1)小鋼球經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí),恰好由重力提供圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力,即mg= ①
由①得vC= ②
(2)小鋼球由B→C機(jī)械能守恒,所以有:
m=m+2mgR ③
由②和③得vB= ④
設(shè)在A點(diǎn)力F瞬間彈擊小鋼球的沖量大小為I,
則應(yīng)用動(dòng)量定理有:I=mvA ⑤
由A到B小球
15、做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),所以vA=vB ⑥
即I=mvB=m ⑦
答案:(1) (2)m
6.(12分)宇宙飛船在飛行過(guò)程中有很多技術(shù)問(wèn)題需要解決,其中之一就是當(dāng)飛船進(jìn)入宇宙微粒塵區(qū)時(shí)如何保持速度不變的問(wèn)題。假設(shè)一宇宙飛船以v=2.0×103m/s的速度進(jìn)入密度ρ=2.0×10-6kg/m3的微粒塵區(qū),飛船垂直于運(yùn)動(dòng)方向上的最大截面積S=5m2,且認(rèn)為微粒與飛船相碰后都附著在飛船上,則飛船要保持速度v,所需推力多大?
【解析】推力的作用在于使附著在飛船上的微粒具有與飛船相同的速度,設(shè)飛船在微粒塵區(qū)飛行Δt時(shí)間,則在這段時(shí)間內(nèi)附著在飛船上的微粒質(zhì)量Δm=ρSvΔt,微粒由靜止到與飛船一起運(yùn)動(dòng),微粒的動(dòng)量增加,由動(dòng)量定理FΔt=Δp
得FΔt=Δmv=ρSvΔtv,
所以飛船所需牽引力
F=ρSv2=2.0×10-6×5×(2.0×103)2N=40 N。
答案:40N
【補(bǔ)償訓(xùn)練】
豎直上拋一物體,不計(jì)阻力,取向上為正方向,則物體在空中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,動(dòng)量變化量Δp隨時(shí)間t的變化圖線(xiàn)是圖中的哪一個(gè)( )
【解析】選C。由動(dòng)量定理可知,Δp=-mg·t,故C正確。